TOP 40 câu Trắc nghiệm Anđehit - xeton (có đáp án 2023) - Hóa 11

Đáp án: C

Giải thích:

n_O2 = 0,1125 mol;

n_CO2 = 0,1 mol;

n_H2O = 0,075 mol; 

BTNT "C": n_C(A) = n_CO2 = 0,1 mol

BTNT "H": n_H(A) = 2n_H2O = 0,15 mol

BTNT "O": n_O(A) + 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O

=> n_O(A) + 2.0,1125 = 2.0,1 + 0,075

=> n_O(A) = 0,05 mol

=> n_C : n_H : n_O 

= 0,1 : 0,15 : 0,05

=  2 : 3 : 1  

=> A có công thức đơn giản nhất là C₂H₃O.

Vậy đáp án C thỏa mãn.

Đáp án: C

Giải thích:

Ta có:

M_T = M_X + 3.M_-CH2- 

= M_X + 3.14

Mà M_T = 2,4M_X 

$\Rightarrow 2,4{\mathrm{M}}_{\mathrm{X}}={\mathrm{M}}_{\mathrm{X}}+3.14$

$\Rightarrow$ M_X = 30 (HCHO)

Vậy Z là CH₃CH₂CHO

Đốt 0,1 mol Z

=> n_CO2 = n_H2O 

= 0,3 mol = n_CaCO3 (vì Ca(OH)₂ dư)

=> Δm _dd = m_CO2 + m_H2O - m_CaCO3 

= 0,3.(44 + 18) - 30

= -11,4 gam < 0

Vậy khối lượng của dung dịch giảm 11,4 gam

Đáp án: C

Giải thích:

n_CO2 = 0,36 mol; n_H2O = 0,26 mol

Ta thấy: n_CO2 - n_H2O = n_X  nên 2 andehit đơn chức, không no có 1 nối đôi C=C.

Số nguyên tử C trung bình = n_CO2 : n_X 

= 0,36 : 0,1 = 3,6

Do 2 anđehit là đồng đẳng kế tiếp do đó 2 anđehit là: CH₂=CHCHO và CH₂=CHCH₂CHO

Đáp án: D

Giải thích:

Ta thấy, số mol của các nguyên tố trong X, Y là giống nhau

=> Khi đốt Y tương tự như đốt cháy X.

BTNT C: n_CO2 = n_HCHO = 0,35 mol 

BTNT H: n_H2O = n_HCHO + n_H2 = 0,65 mol 

=> n_H2 = 0,65 - 0,35 = 0,3 mol

=> %V_H2 = (0,3/0,65).100% = 46,15%

Đáp án: D

Giải thích:

*Phản ứng của anđehit và H₂:

BTKL:

m_H2 = m_ancol - m_anđehit = 1 gam

=> n_H2 = 0,5 mol = n_anđehit = n_ancol

=> n_O(X) = n _anđehit = 0,5 mol

*Phản ứng đốt cháy anđehit: 

Do là anđehit no, đơn chức, mạch hở nên khi đốt thì n_CO2 = n_H2O = x mol

BTNT "O":

n_O(X) + 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O 

hay 0,5 + 2.0,8 = 2x + x 

=> x = 0,7 mol

BTKL: m_X + m_O2 = m_CO2 +m_H2O 

=> m_X = 0,7.44 + 0,7.18 – 0,8.32 = 17,8 gam

Đáp án: B

Giải thích:

n_CO2 = n_H2O = 0,4 mol

Anđehit no, đơn chức, mạch hở nên khi đốt cho số mol CO₂ bằng H₂O

=> Đốt hiđrocacbon cũng thu được số mol CO₂ bằng H₂O

=> Hidrocacbon có dạng C_nH_2n

Mặt khác, C_tb = n_CO2 : n_M = 0,4 : 0,2 = 2

A. Sai vì nếu Y là C₃H₆ thì X là HCHO

=> n_X = n_Y => Loại.

B. Đúng.

C. Sai vì không phải dạng C_nH_2n.

D. Sai vì không phải dạng C_nH_2n.

Đáp án: C

Giải thích:

Khi đốt cháy rượu n_CO2 (0,15 mol) < n_H2O (0,25 mol)

=> Ancol no, đơn chức, hở.

=> n_ancol = n_H2O - n_CO2 = 0,1 mol

=> C_{tb ancol} = n_CO2 : n _ancol = 0,15 : 0,1 = 1,5

=> Ancol là CH₃OH và C₂H₅OH

=> X chứa HCHO và CH₃CHO

Đáp án: C

Giải thích:

- Đốt cháy 0,1 mol Y thu được 0,3 mol CO₂ 

=> Số C (trong Y) = 0,3/0,1 = 3

- Khi hidro hóa Y:

n_Y = 0,05 mol;

n_H2 = PV/RT =  = 0,1 mol

=> n_H2 : n_Y = 0,1 : 0,05 = 2

=> Y có 2 nối đôi có thể cộng với H₂.

Trong các phương án thì thấy CH₂=CH-CHO thỏa mãn.

Đáp án: D

Giải thích:

- Số nguyên tử C trung bình:

C _tb = n_CO2 : n_M = 3

 => Ankin là C₃H₄

- Số nguyên tử H trung bình:

H _tb = n_H : n_M 

= 2n_H2O : n_M = 3,6

Mà ankin có H > 3,6

=> Andehit có số H < 3,6

=> có 2H

=> Andehit là C₃H₂O (CH≡C-CHO)

Áp dụng phương pháp đường chéo về số nguyên tử H trung bình ta có:

=> n_C3H4 : n_C3H2O = 1,6 : 0,4 = 4 : 1

Giả sử n_C3H4 = 4 mol; n_anđehit = 1 mol

=> %n_anđehit = $\frac{1}{4+1}.100\%$ = 20%

Đáp án: A

Giải thích:

BTNT C, H:

n_C = n_CO2 = 0,4 mol;

n_H = 2n_H2O = 0,8 mol

BTKL:

m_O(A) = m_A - m_C - m_H 

= 7,2 - 0,4.12 – 0,8

= 1,6 gam

=> n_O = 0,1 mol

=> n_C : n_H : n_O = 4 : 8 : 1.

Mà n_Ag : n_A = 2 : 1

=> Phân tử A có chứa 1 nhóm -CHO

=> A có CTPT C₄H₈O, CTCT thu gọn là C₃H₇CHO

Đáp án: B

Giải thích:

n_CO2 = 0,6 mol; n_H2O = 0,36 mol

Số C trung bình:

C_tb = n_CO2 : n_M = 0,6 : 0,2 = 3

=> Ankin là C₃H₄

Số H trung bình:

H_tb = 2n_H2O : n_M 

= 2.0,36 : 0,2 = 3,6

=> Anđehit có số H < 3,6 (vì ankin có H > 3,6)

=> Anđehit có 2H

=> CH≡C-CHO

Giả sử 0,1 mol hỗn hợp M chứa a mol CH≡C-CHO và b mol CH≡C-CH₃

+ n_{H2O (đốt 0,1 mol M)} = a + 2b = 0,36/2 = 0,18 (1)

+ a + b = 0,1 (2) 

Giải hệ được a = 0,02 và b = 0,08

CH≡C-CHO + 3AgNO₃ 

→ Sp (Vì anđehit có 1 liên kết ba đầu mạch + 1 nhóm -CHO)

CH≡C-CH₃ + AgNO₃ 

→ Sp (Vì ankin có 1 liên kết ba đầu mạch)

=> n_{AgNO3 pư} = 3n _anđehit + n _ankin 

= 3.0,02 + 0,08 = 0,14 mol

Đáp án: C

Giải thích:

Ta có: n _hh = 0,1 mol; n_Ag = 0,26 mol

- Hỗn hợp có phản ứng tráng gương nên suy ra có chứa nhóm -CHO

- Mà đốt X hay đốt Y đều thu được số mol CO₂ bằng số mol H₂O và tỉ lệ:

n_Ag : n_hh = 2,6

=> Hỗn hợp có chứa HCHO

=> Chất còn lại là HCOOH (Vì cùng số nguyên tử C)

Giả sử hỗn hợp ban đầu chứa HCHO (a mol) và HCOOH (b mol)

Giải hệ: n_hh = a + b = 0,1 và n_Ag = 4a + 2b = 0,26 được a = 0,03 và b = 0,07

=> %m_HCHO 

=  $\frac{0,03.30}{0,03.30+0,07.46}.100\%=21,84\%$

Đáp án: C

Giải thích:

Đốt cháy hỗn hợp thu được CO₂ và H₂O có số mol bằng nhau nên suy ra anđehit và xeton trong hỗn hợp đều no, đơn chức, mạch hở.

BTNT "O":

n_O(M) = 2n_CO2 + n_H2O - 2n_O2 

= 2.0,35 + 0,35 - 2.0,4

= 0,25 mol

Do các chất đều đơn chức nên phân tử chứa 1O

=> n_M = n_O(M) = 0,25 mol

=> C_tb = n_CO2 : n_M 

= 0,35 : 0,25 = 1,4 

=> Anđehit là HCHO

Giả sử hỗn hợp M chứa: HCHO (a mol) và C_nH_2nO (b mol) 

+/ a + b = 0,25 (1)

+/ n_CO2 = a + nb = 0,35 (2)

Lấy (2) - (1) được: (n-1)b = 0,1

=> $\mathrm{n}=\frac{0,1}{\mathrm{b}}+1$

Mà xeton có tối thiểu 3C nên ta có n ≥ 3

=> $\frac{0,1}{\mathrm{b}}+1\ge 3\to \mathrm{b}\le 0,05$

Vậy số mol của xeton Y có thể là 0,05 mol

Đáp án: B

Giải thích:

Ta thấy: n_CO2 = n_H2O = 0,4 mol

Anđehit đốt cho số mol CO₂ bằng số mol H₂O

=> Hidrocacbon khi đốt cũng thu được số mol CO₂ bằng số mol H₂O

=> Hidrocacbon có dạng C_nH_2n.

Số nguyên tử C trung bình:

C_tb = n_CO2 : n_M = 0,4 : 0,2 = 2

=> Anđehit có thể là HCHO hoặc CH₃CHO

Nếu hỗn hợp chứa HCHO (a mol) và C_nH_2n (b mol)

+ Ta có: a + b = 0,2 và n_CO2 = a + nb = 0,4

=> b = 0,2/(n - 1)

Mà số mol của X nhỏ hơn Y

=> b > 0,1

=> 0,2/(n - 1) > 0,1

=> n < 3 (*)

+ Mà C_tb = 2 => n > 2 (**)

(*) (**) => 2 < n < 3 không có nghiệm => Loại

Vậy hỗn hợp chứa CH₃CHO và CH₂=CH₂.

Xét các phương án: 

A sai

B đúng:

CH₂=CH₂ + H₂O $\stackrel{{\mathrm{Hg}}^{2+},{\mathrm{t}}^{\mathrm{o}}}{\to }$ CH₃CHO

C sai vì anken không phản ứng với AgNO₃.

D sai vì CH₂=CH₂ không có đồng phân.

Đáp án: C

Giải thích:

Giả sử công thức chung của 2 anđehit là C_xH_yO_z.

Ta có sơ đồ:

C_xH_yO_z $\stackrel{+{\mathrm{O}}_2,{\mathrm{t}}^{\mathrm{o}}}{\to }$ 0,5y H₂O

Số mol của X bằng số mol H₂O nên suy ra:

1 = 0,5y => y = 2

Mà anđehit có tối thiểu 2H nên suy ra 2 anđehit là HCHO và OHC-CHO.

Ta thấy: 1 mol mỗi chất phản ứng tráng gương đều thu được 4 mol Ag

=> n_Ag = 4n_X = 4. 0,25 = 1 (mol)

=> m_Ag = 108 (g)

Đáp án: C

Giải thích:

Số C trung bình:

C_tb = n_CO2 : n_X 

= 0,3 : 0,25 = 1,2 

=> Hỗn hợp có chứa HCHO

Ta có

n_Ag : n_X = 0,9 : 0,25 = 3,6

=> Cứ 1 phân tử anđehit còn lại tráng gương được 2Ag

=> Anđehit đơn chức

Đặt số mol của HCHO và anđehit còn lại là a và b (mol)

Giải hệ a + b = 0,25 và n_Ag = 4a + 2b = 0,9 được a = 0,2 và b = 0,05

BTNT "C":

n_CO2 = 0,2.1 + 0,05n = 0,3

=> n = 2

=> Anđehit còn lại là CH₃CHO

Đáp án: D

Giải thích:

BTNT C, H:

n_C = n_CO2 = 0,01 mol;

n_H = 2n_H2O = 0,015 mol

BTKL:

m_O = m_A - m_C - m_H 

= 0,175 - 12.0,01 - 1.0,015

= 0,04 gam

=> n_O = 0,0025 mol

=> C : H : O = 0,01 : 0,015 : 0,0025

= 4 : 6 : 1

CTPT của A có dạng (C₄H₆O)_n 

Tỷ khối hơi của A so với H₂ bằng 35

=> M_A = 35.2 = 70

=> 70n = 70 

=> n = 1

=> CTPT của A là C₄H₆O

Hidro hóa A thu được isobutylic nên A là CH₂=C(CH₃)-CHO

Tính hiệu suất: n_{C4H6O bđ} = 0,35 : 70 = 0,005 mol

n_C4H10O = n_{C4H6O pư} = 0,296 : 74 = 0,004 mol

=> H% = $\frac{{\mathrm{n}}_{{\mathrm{C}}_4{\mathrm{H}}_6{\mathrm{O}}_{\mathrm{pu}}}}{{\mathrm{n}}_{{\mathrm{C}}_4{\mathrm{H}}_6{\mathrm{O}}_{\mathrm{bd}}}}.100\%$

$=\frac{0,004}{0,005}.100\%$ = 80%

Đáp án: C

Giải thích:

Do thành phần nguyên tố của X và Y giống nhau nên đốt Y cũng như đốt X.

Khi cho sản phẩm qua nước vôi trong dư:

n_CO2 = n_CaCO3 = 0,15 mol

Mà m _{dd giảm} = m_CaCO3 - (m_CO2 + m_H2O)

=> 3,9 = 15 - (0,15.44 + m_H2O)

=> m_H2O = 4,5 gam

=> n_H2O = 0,25 mol

Ta thấy các chất trong hỗn hợp X đều chứa 2H nên khi đốt ta luôn có: 

n_X = n_H2O = 0,25 mol

Đáp án: D

Giải thích:

Ta thấy n_CO2 = n_H2O = 0,197 mol

Mà X tác dụng với Cu(OH)_2,t^o

 => Andehit no, đơn chức, mạch hở.

Đáp án: B

Giải thích:

BTNT "O":

n_O(X) = 2n_CO2 + n_H2O - 2n_O2 

= 2.0,3 + 0,3 - 2.0,375

= 0,15 mol

Ta thấy n_CO2 = n_H2O nên các anđehit đều no, đơn chức, mạch hở

=> n_X = n_O(X) = 0,15 mol

Số nguyên tử C trung bình:

n_CO2 : n_X = 0,3 : 0,15 = 2

=> Trong hỗn hợp có chứa HCHO.

=> 2.0,15 mol < n_Ag < 0,15.4 mol

=> 32,4 gam < m_Ag < 64,8 gam

Xét các phương án thấy giá trị m_Ag = 48,6 gam thỏa mãn.

Đáp án: D

Giải thích: D sai vì fomon hay formalin là dung dịch chứa 37 - 40% HCHO trong nước.

Đáp án: D

Giải thích: Andehit thể hiện tính oxi hóa khi tác dụng với chất khử: H₂ (Ni, t˚)

Đáp án: C

Giải thích:

Ag⁺ +1e → Ag

=> Ag⁺ là chất oxi hóa  

=> Andehit thể hiện tính khử khi tác dụng với AgNO₃/ NH₃.

Đáp án: D

Giải thích: D sai vì nguyên tử oxi trong -CHO không gắn với H nào nên không có liên kết hidro

Đáp án: A

Giải thích:

Anđehit có CTPT dạng C_2nH_3nO_n (anđehit no, mạch hở, n chức)

Do anđehit no, mạch hở, có n chức nên độ bất bão hòa: k = n

Ta có:

H = 2C + 2 - 2k

=> 3n = 2.2n + 2 - 2n

=> n = 2

Vậy CTPT của anđehit là C₄H₆O₂

=> Có 2 đồng phân:

OHC-CH₂-CH₂-CHO ;

CH₃CH(CHO)₂

Đáp án: C

Giải thích:

Ankanal là anđehit no, đơn chức, mạch hở có công thức tổng quát là: C_nH_2nO

(n ≥ 1)

%m_H = $\frac{2\mathrm{n}}{14\mathrm{n}+16}.100\%$ = 10,345%

=> n = 3 

=> Andehit là C₂H₅CHO 

Đáp án: D

Giải thích:

Các chất có phản ứng là: HCN, H₂, KMnO₄, Br₂/H₂O, Br₂/CH₃COOH.

PTHH:

CH₃-CH₂-CH=O + H₂ $\stackrel{\mathrm{Ni},{\mathrm{t}}^{\mathrm{o}}}{\to }$ CH₃-CH₂-CH₂-OH

5CH₃-CH₂-CHO + 2KMnO₄ + 3H₂SO₄ $\stackrel{{\mathrm{t}}^{\mathrm{o}}}{\to }$5CH₃-CH₂-COOH + K₂SO₄ + 2MnSO₄ + 3H₂O

CH₃-CH₂-CH=O + Br₂ + H₂O $\stackrel{{\mathrm{t}}^{\mathrm{o}}}{\to }$ CH₃-CH₂-COOH + 2HBr

CH₃-CH₂-CH=O + Br₂ $\stackrel{{\mathrm{CH}}_{{}_3}\mathrm{COOH}}{\to }$ CH₃-CHBr-CH=O + HBr

Đáp án: A

Giải thích:

A. CH₂=CH₂ + H₂O $\stackrel{{\mathrm{t}}^{\mathrm{o}},\mathrm{xt}{\mathrm{HgSO}}_4}{\to }$ CH₃-CH₂-OH

B. 2CH₂=CH₂ + O₂ $\stackrel{{\mathrm{t}}^{\mathrm{o}},\mathrm{xt}}{\to }$ 2CH₃CHO

C. CH₃COOCH=CH₂ + NaOH $\stackrel{{\mathrm{t}}^{\mathrm{o}},\mathrm{xt}}{\to }$ CH₃COONa + CH₃CHO

D. CH₃CH₂OH + CuO $\stackrel{{\mathrm{t}}^{\mathrm{o}},\mathrm{xt}}{\to }$ CH₃CHO + Cu + H₂O

Đáp án: B

Giải thích:

Ta có công thức:

$$\begin{gathered} {\mathrm{n}}_{\mathrm{andehit}}=\frac{{\mathrm{n}}_{{\mathrm{CO}}_2}-{\mathrm{n}}_{{\mathrm{H}}_2\mathrm{O}}}{\mathrm{k}-1} \\ \iff \mathrm{p}=\frac{\mathrm{q}-\mathrm{t}}{\mathrm{k}-1} \end{gathered}$$

Theo đề bài ta có p = q - t

=> k - 1 = 1

=> k = 2

Mặt khác, 1 mol X  phản ứng tạo 4 mol Ag

=> 2 liên kết đôi nằm ở 2 nhóm CHO

=> X là anđehit hai chức, no, mạch hở

Đáp án: B

Giải thích:

PTHH:

CH₃CHO + H₂ $\stackrel{\mathrm{Ni},{\mathrm{t}}^{\mathrm{o}}}{\to }$ C₂H₅OH

2C₂H₅OH $\stackrel{{450}^{\mathrm{o}}\mathrm{C},\mathrm{xt}}{\to }$ CH₂=CH-CH=CH₂ + H₂O + H₂

nCH₂=CH-CH=CH₂ $\stackrel{{\mathrm{t}}^{\mathrm{o}},\mathrm{xt},\mathrm{p}}{\to }$ (-CH₂-CH=CH-CH₂-)_n