Giải SBT Toán 10 trang 100 Tập 1 Cánh diều

Giải SBT Toán 10 trang 100 Tập 1 Cánh diều

Bài 52 trang 100 SBT Toán 10 Tập 1: Cho tam giác ABC. Xác định các điểm M, N, P trong mỗi trường hợp sau:

Lời giải:

a) Ta có: $\overrightarrow{AM}=\overrightarrow{CB}$

⇒ AM // CB, AM = CB và M, B cùng phía so với bờ AC

⇒ ACBM là hình bình hành

Vậy điểm M thỏa mãn ACBM là hình bình hành.

b) Gọi N’ là trung điểm của BC

Khi đó ta có: $\overrightarrow{AB}+\overrightarrow{AC}=\overrightarrow{AN\text{'}}$ hay $\overrightarrow{AN\text{'}}=\frac{1}{2}\left(\overrightarrow{AB}+\overrightarrow{AC}\right)$

⇒ $\overrightarrow{AN}=-\overrightarrow{AN\text{'}}$

⇒ A là trung điểm của đoạn NN’

Vậy N là điểm đối xứng với N’ qua A.

c) Xét $\overrightarrow{PA}-\overrightarrow{PB}+2\overrightarrow{PC}=\overrightarrow{0}$

⇔ $\overrightarrow{BA}+2\overrightarrow{PC}=\overrightarrow{0}$

⇔ $2\overrightarrow{PC}=\overrightarrow{AB}$

⇒ Điểm P là điểm thỏa mãn PC // AB, P nằm cùng phía với A bờ BC sao cho 2PC = AB.

Vậy điểm P là điểm nằm trên đường thẳng song song với AB, nằm cùng phía với A so với BC sao cho 2PC = AB.

Bài 53 trang 100 SBT Toán 10 Tập 1: Cho tam giác ABC, kẻ tia phân giác AD. Đặt AB = b, AC = c. Chứng minh: $c\overrightarrow{DB}+b\overrightarrow{DC}=\overrightarrow{0}$.

Lời giải:

Xét tam giác ABC, có:

Ta có: D nằm giữa B và C nên $\overrightarrow{DB}$ và $\overrightarrow{DC}$ ngược hướng

Bài 54* trang 100 SBT Toán 10 Tập 1: Cho hình bình hành ABCD. Lấy các điểm M, N, P thỏa mãn . Đặt $\overrightarrow{AB}=\overrightarrow{a}$ và $\overrightarrow{AD}=\overrightarrow{b}$. Biểu thị các vec tơ  theo các vectơ $\overrightarrow{a}$ và $\overrightarrow{b}$. Chứng minh ba điểm M, N, P thẳng hàng.

Lời giải:

Ta có: 

$$\begin{gathered} \overrightarrow{AN}=\frac{1}{5}\overrightarrow{AC}=\frac{1}{5}\left(\overrightarrow{AB}+\overrightarrow{AD}\right) \\ =\frac{1}{5}\overrightarrow{AB}+\frac{1}{5}\overrightarrow{AD}=\frac{1}{5}\overrightarrow{a}+\frac{1}{5}\overrightarrow{b} \end{gathered}$$

$$\begin{gathered} \overrightarrow{MN}=\overrightarrow{AN}-\overrightarrow{AM}=\frac{1}{5}\overrightarrow{AC}-\frac{1}{2}\overrightarrow{AB} \\ =\frac{1}{5}\left(\overrightarrow{AB}+\overrightarrow{AD}\right)-\frac{1}{2}\overrightarrow{AB} \\ =-\frac{3}{10}\overrightarrow{AB}+\frac{1}{5}\overrightarrow{AD}=-\frac{3}{10}\overrightarrow{a}+\frac{1}{5}\overrightarrow{b} \end{gathered}$$

$$\begin{gathered} \overrightarrow{NP}=\overrightarrow{AP}-\overrightarrow{AN}=\frac{1}{3}\overrightarrow{AD}-\frac{1}{5}\overrightarrow{AC} \\ =\frac{1}{3}\overrightarrow{AD}-\frac{1}{5}\left(\overrightarrow{AB}+\overrightarrow{AD}\right) \\ =-\frac{1}{5}\overrightarrow{AB}+\frac{2}{15}\overrightarrow{AD} \\ =-\frac{1}{5}\overrightarrow{a}+\frac{2}{15}\overrightarrow{b} \end{gathered}$$

Ta có $-\frac{3}{10}\overrightarrow{a}+\frac{1}{5}\overrightarrow{b}=\frac{3}{2}\left(-\frac{1}{5}\overrightarrow{a}+\frac{2}{15}\overrightarrow{b}\right)$ hay $\overrightarrow{MN}=\frac{3}{2}\overrightarrow{NP}$

Do đó M, N, P thẳng hàng.

Vậy $\overrightarrow{AN}=\frac{1}{5}\overrightarrow{a}+\frac{1}{5}\overrightarrow{b}$; $\overrightarrow{NP}=-\frac{1}{5}\overrightarrow{a}+\frac{2}{15}\overrightarrow{b}$; $\overrightarrow{MN}=-\frac{3}{10}\overrightarrow{a}+\frac{1}{5}\overrightarrow{b}$ và ba điểm M, N, P thẳng hàng.

Bài 55* trang 100 SBT Toán 10 Tập 1: Cho tam giác ABC. Lấy các điểm D, E, M, N thỏa mãn $\overrightarrow{AD}=\frac{1}{3}\overrightarrow{AB}$, $\overrightarrow{AE}=\frac{2}{5}\overrightarrow{AC}$, $\overrightarrow{BM}=\frac{1}{3}\overrightarrow{BC}$, $\overrightarrow{AN}=k\overrightarrow{AM}$ với k là số thực. Đặt $\overrightarrow{a}=\overrightarrow{AB}$, $\overrightarrow{b}=\overrightarrow{AC}$. Biểu thị các vectơ $\overrightarrow{AN}$, $\overrightarrow{DE}$, $\overrightarrow{EN}$ theo các vectơ $\overrightarrow{a}=\overrightarrow{AB}$, $\overrightarrow{b}=\overrightarrow{AC}$ và tìm k để ba điểm D, E, N thẳng hàng.

Lời giải:

Ta có: 

$$\begin{gathered} \overrightarrow{AN}=k\overrightarrow{AM}=k.\left(\overrightarrow{AB}+\overrightarrow{BM}\right) \\ =k.\left(\overrightarrow{AB}+\frac{1}{3}\overrightarrow{BC}\right) \\ =k.\left[\overrightarrow{AB}+\frac{1}{3}\left(\overrightarrow{AC}-\overrightarrow{AB}\right)\right] \end{gathered}$$

= $k.\left[\frac{2}{3}\overrightarrow{AB}+\frac{1}{3}\overrightarrow{AC}\right]$ = $k.\left[\frac{2}{3}\overrightarrow{a}+\frac{1}{3}\overrightarrow{b}\right]$.

$$\begin{gathered} \overrightarrow{DE}=\overrightarrow{AE}-\overrightarrow{AD}=\frac{2}{5}\overrightarrow{AC}-\frac{1}{3}\overrightarrow{AB} \\ =-\frac{1}{3}\overrightarrow{AB}+\frac{2}{5}\overrightarrow{AC}=-\frac{1}{3}\overrightarrow{a}+\frac{2}{5}\overrightarrow{b} \end{gathered}$$

$$\begin{gathered} \overrightarrow{EN}=\overrightarrow{AN}-\overrightarrow{AE} \\ =k.\left[\frac{2}{3}\overrightarrow{AB}+\frac{1}{3}\overrightarrow{AC}\right]-\frac{2}{5}\overrightarrow{AC} \\ =\frac{2k}{3}\overrightarrow{AB}+\left(\frac{k}{3}-\frac{2}{5}\right)\overrightarrow{AC} \\ =\frac{2k}{3}\overrightarrow{a}+\left(\frac{k}{3}-\frac{2}{5}\right)\overrightarrow{b} \end{gathered}$$

Để ba điểm D, E, N thẳng hàng thì tồn tại t ∈ ℝ sao cho $\overrightarrow{EN}=t\overrightarrow{DN}$

⇔ $\frac{2k}{3}\overrightarrow{a}+\left(\frac{k}{3}-\frac{2}{5}\right)\overrightarrow{b}=t\left(-\frac{1}{3}\overrightarrow{a}+\frac{2}{5}\overrightarrow{b}\right)$ 

⇔ $\frac{2k}{3}\overrightarrow{a}+\left(\frac{k}{3}-\frac{2}{5}\right)\overrightarrow{b}=-\frac{t}{3}\overrightarrow{a}+\frac{2t}{5}\overrightarrow{b}$ 

⇔ $\left\{\begin{array}{l}\frac{2k}{3}=-\frac{t}{3}\\ \frac{k}{3}-\frac{2}{5}=\frac{2t}{5}\end{array}\right.$⇔ $\left\{\begin{array}{l}k=\frac{6}{17}\\ t=-\frac{12}{17}\end{array}\right.$

Do đó ba điểm D, E, N thẳng hàng khi k = $\frac{6}{17}$.

Vậy $\overrightarrow{AN}=k.\left[\frac{2}{3}\overrightarrow{a}+\frac{1}{3}\overrightarrow{b}\right]$, $\overrightarrow{DE}=-\frac{1}{3}\overrightarrow{a}+\frac{2}{5}\overrightarrow{b}$, $\overrightarrow{EN}=\frac{2k}{3}\overrightarrow{a}+\left(\frac{k}{3}-\frac{2}{5}\right)\overrightarrow{b}$ và với k = $\frac{6}{17}$ thì ba điểm D, E, N thẳng hàng.

Bài 56* trang 100 SBT Toán 10 Tập 1: Cho tam giác ABC, lấy các điểm A’, B’, C’ không trùng với đỉnh của tam giác và lần lượt thuộc các cạnh AB, BC, CA thỏa mãn $\frac{\text{AA}\text{'}}{AB}=\frac{BB\text{'}}{BC}=\frac{CC\text{'}}{CA}$. Chứng minh hai tam giác ABC và A’B’C’ có cùng trọng tâm.

Lời giải:

Đặt $\frac{\text{AA}\text{'}}{AB}=\frac{BB\text{'}}{BC}=\frac{CC\text{'}}{CA}=t$ (t > 0)

⇔ $\left\{\begin{array}{l}AA\text{'}=tAB\\ BB\text{'}=tBC\\ CC\text{'}=tCA\end{array}\right.$

⇒ $\left\{\begin{array}{l}\overrightarrow{AA\text{'}}=t\overrightarrow{AB}\\ \overrightarrow{BB\text{'}}=t\overrightarrow{BC}\\ \overrightarrow{CC\text{'}}=t\overrightarrow{CA}\end{array}\right.$ (vì các điểm A’, B’, C’ lần lượt thuộc các cạnh AB, BC, CA)

Gọi G là trọng tâm tam giác ABC nên $\overrightarrow{\text{GA}}+\overrightarrow{GB}+\overrightarrow{GC}=\overrightarrow{0}$

Ta có: 

Suy ra G cũng là trọng tâm của tam giác A’B’C’.

Xem thêm lời giải sách bài tập Toán lớp 10 Cánh diều hay, chi tiết khác:

Giải SBT Toán 10 trang 99 Tập 1