50 câu hỏi trắc nghiệm thuộc Đề thi thử môn Toán THPT Quốc gia năm 2022 có lời giải (Đề 24)

Câu 1:

17/06/2026

Giá trị lớn nhất của hàm số $y = x^{4} - 4 x^{2} + 5$ trên đoạn [-1; 2] là:

A. 2

B. 3

C. 1

D. 5

Xem đáp án

Ta có $y = x^{4} - 4 x^{2} + 5 \Rightarrow y' = 4 x^{3} - 8 x = 0 \Leftrightarrow [\begin{array}{l} x = 0 \in [- 1; 2] \\ x = \sqrt{2} \in [- 1; 2] \\ x = - \sqrt{2} \notin [- 1; 2] \end{array}$

Có $y (- 1) = 2, y (2) = 5, y (\sqrt{5}) = 1.$

Vậy giá trị lớn nhất của hàm số trên khoảng [-1; 2] là 5.

Chọn D.

Câu 2:

17/06/2026

Đồ thị ở hình vẽ sau là đồ thị của hàm số nào?

A. $\frac{x - 1}{x + 1}$

B. $\frac{x + 1}{x - 1}$

C. $\frac{x}{x - 1}$

D. $\frac{2 x - 3}{2 x - 2}$

Xem đáp án

Từ đồ thị ta thấy đồ thị có TCN y = 1, TCĐ x = 1 nên loại đáp án A.

Đồ thị đi qua điểm có tọa độ (0; -1) nên loại đáp án C và D.

Chọn B.

Câu 3:

17/06/2026

Biết hàm số y = 4sinx - 3 cosx + 2 đạt giá trị lớn nhất là M, giá trị nhỏ nhất là m. Tổng M + m là

A. 0

B. 1

C. 2

D. 4

Xem đáp án

Ta có $- 5 \leq \sin x - 3 \cos x \leq 5$ nên $- 3 \leq 4 \sin x - 3 \cos x + 2 \leq 7 \Rightarrow - 3 \leq y \leq 7.$

$\Rightarrow M = 7, m = - 3.$

Vậy $M + m = 7 + (- 3) = 4.$

Chọn D.

Câu 4:

17/06/2026

Hàm số $y = 2^{x^{2} + 3 x}$ có đạo hàm là

A. $(x^{2} + 3 x) {.2}^{x^{2} + 3 x - 1}$

B. $(2 x + 3) {.2}^{x^{2} + 3 x} . \ln 2$

C. $2^{x^{2} + 3 x} . \ln 2$

D. $2^{x^{2} + 3 x}$

Xem đáp án

$(2^{x^{2} + 3 x})' = (2 x + 3) {.2}^{x^{2} + 3 x} . \ln 2.$

Chọn B.

Câu 5:

17/06/2026

Cho $α$ là góc giữa hai vectơ $\vec{u}$ và $\vec{v}$ trong không gian. Khẳng định nào đúng?

A.

α

phải là một góc nhọn.

B.

α

không thể là một góc tù.

C.

α

phải là một góc vuông.

D.

α

có thể là một góc tù.

Xem đáp án

Góc giữa hai vecto trong không gian là một góc có giá trị từ 0 đế 180 độ.

Chọn D.

Câu 6:

17/06/2026

Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, cho hai điểm A(2; 1; 1), B(-1; 2; 1). Tìm tọa độ của điểm A' đối xứng với điểm A qua điểm B?

A. A'(3; 4; -3)

B. A'(-4; 3; 1)

C. A'(1; 3; 2)

D. A'(5; 0; 1)

Xem đáp án

Vì A' là điểm đối xứng của A qua B thì B là trung điểm của AA'.

Khi đó ta có $\{\begin{cases} x_{A'} = 2 x_{B} - x_{A} = 2. (- 1) - 2 = - 4 \\ y_{A'} = 2 y_{B} - y_{A} = 2.2 - 1 = 3 \\ z_{A'} = 2 z_{B} - z_{A} = 2.1 - 1 = 1 \end{cases} \Rightarrow A' (- 4; 3; 1) .$

Chọn B.

Câu 7:

17/06/2026

Nếu $\int_{}^{} f (x) d x = \frac{1}{x} + \ln |2 x| + C$ thì hàm số f(x) là

A. $f (x) = \frac{- 1}{x^{2}} + \frac{1}{x}$

B. $f (x) = \frac{1}{x^{2}} + \ln (2 x)$

C. $f (x) = \sqrt{x} + \frac{1}{2 x}$

D. $f (x) = \frac{- 1}{x^{2}} + \frac{1}{2 x}$

Xem đáp án

Ta có: $\int_{}^{} f (x) d x = \frac{1}{x} + \ln |2 x| + C \Rightarrow f (x) = {(\int_{}^{} f (x) d x)}^{'} = - \frac{1}{x^{2}} + \frac{1}{2 x} .$

Chọn D.

Câu 8:

17/06/2026

Cho hàm số

y = \frac{a x - b}{x - 1}

có đồ thị như hình vẽ. Khẳng định nào dưới đây là đúng?

Cho hàm số y = ax - b/x - 1 có đồ thị như hình vẽ. Khẳng định (ảnh 1)

A. b < a < 0

B. 0 < a < b

C. 0 < b < a

D. b < a < 0

Xem đáp án

Từ đồ thị ta thấy đồ thị có TCN $y = 1 \Rightarrow \frac{a}{1} = - 1 \Leftrightarrow a = - 1.$

Đồ thị hàm số đi qua điểm (0; -2) nên $\frac{- b}{- 1} = - 2 \Leftrightarrow b = - 2.$

Vậy b < a < 0.

Chọn A.

Câu 9:

17/06/2026

Cho miền hình chữ nhật ABCD quay xung quanh trục AB ta được

A. khối nón tròn xoay.

B. hình trụ tròn xoay.

C. khối trụ tròn xoay.

D. khối tròn xoay ghép bởi hai khối nón tròn xoay.

Xem đáp án

Khi quay hình chữ nhật ABCD quanh trục AB ta được khối trụ tròn xoay.

Chọn C.

Câu 10:

17/06/2026

Tập nghiệm S của bất phương trình $\log_{2} (x - 1) < 3$ là

A. S = (1; 9)

B. S = (1; 10)

C. $S = (- \infty; 10)$

D. $S = (- \infty; 9)$

Xem đáp án

Ta có: $\log_{2} (x - 1) < 3 \Leftrightarrow 0 < x - 1 < 2^{3} \Leftrightarrow 1 < x < 9.$

Chọn A.

Câu 11:

17/06/2026

Trong các khẳng định sau, khẳng định nào sai?

A. $\int_{}^{} e^{2 x} d x = 2 e^{2 x} + C$

B. $\int_{}^{} 2^{x} d x = \frac{2^{x}}{\ln 2} + C$

C. $\int_{}^{} \cos 2 x d x = \frac{1}{2} \sin 2 x + C .$

D. $\int_{}^{} \frac{1}{x + 1} d x = \ln |x + 1| + C (x \neq - 1)$

Xem đáp án

Ta thấy $\int_{}^{} e^{2 x} d x = \frac{e^{2 x}}{2} + C$ nên đáp án A sai.

Chọn A.

Câu 12:

17/06/2026

Số các hạng tử trong khai triển nhị thức ${(2 x - 3)}^{4}$ là:

A. 1

B. 4

C. 5

D. 3

Xem đáp án

Số các hạng tử trong khai triển ${(2 x - 3)}^{4}$ là 4 + 1 = 5.

Chọn C.

Câu 13:

17/06/2026

Hình tứ diện đều có bao nhiêu cạnh?

A. 4

B. 6

C. 8

D. 3

Xem đáp án

Đáp án đúng: B

*Phương pháp giải:

- Nắm lại kiến thức về khối đa diện đều: định nghĩa, định lý( xác định số mặt, số đỉnh và loại đa diện đều)

*Lời giải:

Hình tứ diện đều có 6 cạnh

*Lý thuyết nắm thêm về khối đa diện đều:

Chú ý. Gọi Đ là tổng số đỉnh, C là tổng số cạnh và M là tổng các mặt của khối đa diện đều loại {n; p}. Ta có pĐ = 2C = nM

- Xét tứ diện đều

- Xét khối lập phương

- Xét bát diện đều

- Xét khối mười hai mặt đều

- Xét khối hai mươi mặt đều

*) Các dạng bài về khối đa diện:

a) Nhận diện khối đa diện

b) Tính thể tích khối chóp có cạnh bên vuông góc với đáy

+ Một hình chóp có một cạnh bên vuông góc với đáy thì cạnh bên đó chính là đường cao.

+ Một hình chóp có hai mặt bên kề nhau cùng vuông góc với đáy thì cạnh bên là giao tuyến của hai mặt đó vuông góc với đáy

c) Tính thể tích khối lăng trụ đứng, lăng trụ đều

+) Khối lăng trụ đứng

Định nghĩa: Hình lăng trụ đứng là hình lăng trụ có cạnh bên vuông góc với mặt đáy.

Tính chất:

+ Các mặt bên hình lăng trụ đứng là hình chữ nhật

+ Các mặt bên hình lăng trụ đứng vuông góc với mặt đáy

+ Chiều cao là cạnh bên

+) Khối lăng trụ đều

Định nghĩa: Hình lăng trụ đều là hình lăng trụ đứng có đáy là đa giác đều

Tính chất:

+ Các mặt bên của hình lăng trụ đều là các hình chữ nhật bằng nhau

+ Chiều cao là cạnh bên.

Xem thêm các bài viết liên quan hay, chi tiết:

Bài tập Khái niệm về khối đa diện Toán 12

Bài tập Khối đa diện lồi và khối đa diện đều Toán 12

Chuyên đề Khối đa diện lồi và khối đa diện đều

Câu 14:

17/06/2026

Cho x, y là hai số thực dương và m, n là hai số thực tùy ý. Đẳng thức nào sau đây sai?

A. ${(x y)}^{n} = x^{n} . y^{n}$

B. ${(x^{n})}^{m} = {(x^{m})}^{n}$

C. $x^{m} . x^{n} = x^{m + n}$

D. $x^{m^{3}} = {(x^{m})}^{3}$

Xem đáp án

Ta thấy $x^{m^{3}} \neq {(x^{m})}^{3}$ nên đáp án D sai.

Chọn D.

Câu 15:

17/06/2026

Cho x, y là hai số thực dương và m, n là hai số thực tùy ý. Đẳng thức nào sau đây sai?

A. ${(x y)}^{n} = x^{n} . y^{n}$

B. ${(x^{n})}^{m} = {(x^{m})}^{n}$

C. $x^{m} . x^{n} = x^{m + n}$

D. $x^{m^{3}} = {(x^{m})}^{3}$

Xem đáp án

Ta thấy $x^{m^{3}} \neq {(x^{m})}^{3}$ nên đáp án D sai.

Chọn D.

Câu 16:

17/06/2026

Cho hàm số f(x) xác định, liên tục trên $ℝ$ và có đồ thị của hàm số f'(x) là đường cong như hình vẽ bên dưới. Hỏi khẳng định nào đúng?

Cho hàm số f(x) xác định, liên tục trên R và có đồ thị của hàm số f'(x) (ảnh 1)

A. Hàm số y = f(x) đồng biến trên khoảng $(- \infty; - 3) .$

B. Hàm số y = f(x) nghịch biến trên khoảng (-3; -2).

C. Hàm số y = f(x) đồng biến trên khoảng (-2; 0).

D. Hàm số y = f(x) nghịch biến trên khoảng

(0; + \infty)

.

Xem đáp án

Dựa vào đồ thị hàm số f'(x) ta có: $\{\begin{cases} f' (x) > 0 \Leftrightarrow x \in (- 3; - 2) \\ f' (x) < 0 \Leftrightarrow x \in (- \infty; - 3) \cup (- 2; 0) \cup (0; + \infty) \end{cases}$

$\Rightarrow$ Hàm số đồng biến trên (-3; -2)

Hàm số nghịch biến trên $(- \infty; - 3), (- 2; 0)$ và $(0; + \infty)$ .

Dựa vào các đáp án chỉ có đáp án D đúng.

Chọn D.

Câu 17:

17/06/2026

Một khối cầu có đường kính 4cm thì diện tích bằng

A.

\frac{256 π}{3} (c m^{3})

B.

64 π (c m^{2})

C.

16 π (c m^{2})

D.

\frac{32 π}{3} (c m^{3})

Xem đáp án

Mặt cầu đã cho có bán kính R = 4cm nên diện tích mặt cầu là $S = 4 π R^{2} = 16 π .$

Chọn C.

Câu 18:

17/06/2026

Số nghiệm của phương trình $\log_{2} {(x - 1)}^{2} = 2$ là

A. 0

B. 2

C. 1

D. 3

Xem đáp án

ĐKXĐ: ${(x - 1)}^{2} > 0 \Leftrightarrow x \neq 1.$

$\log_{2} {(x - 1)}^{2} = 2 \Rightarrow {(x - 1)}^{2} = 4$

$\Rightarrow [\begin{array}{l} x - 1 = 2 \\ x - 1 = - 2 \end{array} \Rightarrow [\begin{array}{l} x = 3 \\ x = - 1 \end{array} (t m)$

Vậy số nghiệm của phương trình là 2.

Chọn B.

Câu 19:

17/06/2026

Cho hình chóp tứ giác đều S.ABCD có cạnh AB = a và SA = 2a. Tính tan của góc giữa đường thẳng SA và mặt phẳng (ABCD).

A. $\sqrt{5}$

C. $\sqrt{3}$

D. $\sqrt{7}$

Xem đáp án

Cho hình chóp tứ giác đều S.ABCD có cạnh AB = a và SA = 2a. Tính tan (ảnh 1)

Gọi $O = A C \cap B D \Rightarrow S O ⊥ (A B C D)$ .

$\Rightarrow O A$ là hình chiếu vuông góc của SA lên $(A B C D) \Rightarrow ∠ (S A; (A B C D)) = ∠ (S A; O A) = ∠ S A O .$

Vì ABCD là hình vuông cạnh AB = a nên $A C = a \sqrt{2} \Rightarrow A O = \frac{a \sqrt{2}}{2} .$

Áp dụng định lí Pytago ta có: $S O = \sqrt{S A^{2} - A O^{2}} = \sqrt{{(2 a)}^{2} - {(\frac{a \sqrt{2}}{2})}^{2}} = \frac{a \sqrt{14}}{2} .$

Xét tam giác vuông SOA có: $\tan ∠ S A O = \frac{S O}{A O} = \frac{\frac{a \sqrt{14}}{2}}{\frac{a \sqrt{2}}{2}} = \sqrt{7}$ .

Chọn D.

Câu 20:

17/06/2026

Cho hàm số y = f(x) có bảng biến thiên như sau:

Hàm số đã cho đồng biến trên khoảng nào dưới đây?

A. $(0; + \infty)$

B. (-1; 0)

C. (-2; 0)

D. $(- 2; + \infty)$

Xem đáp án

Dựa vào BBT ta thấy hàm số đồng biến trên các khoảng là $(- 1; 0), (1; + \infty)$ .

Chọn B.

Câu 21:

17/06/2026

Gọi A, B, C là ba điểm cực trị của đồ thị hàm số

y = \frac{1}{2} x^{4} - x^{2} - 1.

Diện tích

Δ A B C

bằng:

A. $\frac{1}{2}$

B. 1

C. 2

D. $\frac{3}{2}$

Xem đáp án

Ta có $y = \frac{1}{4} x^{4} - x^{2} - 1 \Rightarrow y' = 2 x^{3} - 2 x .$

Cho $y' = 0 \Leftrightarrow 2 x (x^{2} - 1) = 0 \Leftrightarrow [\begin{array}{l} x = 0 \Rightarrow y = - 1 \\ x = 1 \Rightarrow y = - \frac{3}{2} \\ x = - 1 \Rightarrow y = - \frac{3}{2} \end{array} .$

Do đó hàm số đã cho có các điểm cực trị là $A (0; - 1), B (1; - \frac{3}{2}), C (- 1; - \frac{3}{2}) .$

Tam giác ABC có 2 điểm B và Cđối xứng nhau qua trục $O y, A \in O y$ nên $Δ A B C$ cân tại A

Ta có I là trung điểm của BC nên $A I ⊥ B C$ và $I (0; - \frac{3}{2}) .$

Ta có: $A I = \sqrt{{(- \frac{3}{2} + 1)}^{2}} = \frac{1}{2}, B C = 2.$

Vậy $S_{Δ O A B} = \frac{1}{2} A I . B C = \frac{1}{2} . \frac{1}{2} .2 = \frac{1}{2} .$

Chọn A.

Câu 22:

17/06/2026

Số điểm cực trị của hàm số $y = x^{3} - 3 x^{2} + 5$ là:

A. 0

B. 1

C. 3

D. 2

Xem đáp án

Ta có $y = x^{3} - 3 x^{2} + 5 \Rightarrow y' = 3 x^{2} - 6 x = 0 \Leftrightarrow [\begin{array}{l} x = 0 \\ x = 2 \end{array} .$

Phương trình y' = 0 có 2 nghiệm phân biệt nên hàm số đã cho có 2 điểm cực trị.

Chọn D.

Câu 23:

17/06/2026

Thể tích V của khối lăng trụ có diện tích đáy B = 6 và chiều cao h = 5 là

A. V = 11

B. V = 10

C. V = 30

D. V = 15

Xem đáp án

Ta có $V = B h = 6.5 = 30.$

Chọn C.

Câu 24:

17/06/2026

Tiệm cận ngang của đồ thị hàm số

y = \frac{x + 1}{2 x + 1}

là

A. $x = \frac{- 1}{2}$

B. $y = \frac{1}{2}$

C. x = -1

D. y = 2

Xem đáp án

Đồ thị hàm số $y = \frac{x + 1}{2 x + 1}$ có TCN $y = \frac{1}{2} .$

Chọn B.

Câu 25:

17/06/2026

Đồ thị hàm số

y = a^{x}; y = \log_{b} x

được cho bởi hình vẽ bên

A. $0 < a < 1 < b$

B. $0 < a < 1$ và $0 < b < 1$

C. $0 < b < 1 < a$

D. a > 1 và b > 1

Xem đáp án

Đồ thị hàm số $y = a^{x}$ đồng biến trên $ℝ$ nên a > 1.

Đồ thị hàm số $y = \log_{b} x$ nghịch biến trên $(0; + \infty)$ nên 0 < b < 1

Vậy 0 < b < 1 < a.

Chọn C.

Câu 26:

17/06/2026

Số nghiệm của phương trình $\ln (x + 1) + \ln (x + 3) = \ln (9 - x)$ là

A. 2

B. 3

C. 0

D. 1

Xem đáp án

ĐKXĐ: $\{\begin{cases} x + 1 > 0 \\ x + 3 > 0 \\ 9 - x > 0 \end{cases} \Leftrightarrow - 1 < x < 9.$

Ta có

$\ln (x + 1) + \ln (x + 3) = \ln (9 - x)$

$\Leftrightarrow \ln [(x + 1) (x + 3)] = \ln (9 - x)$

$\Leftrightarrow (x + 1) (x + 3) = 9 - x$

$\Leftrightarrow x^{2} + 4 x + 3 = 9 - x$

$\Leftrightarrow x^{2} + 5 x - 6 = 0$

$\Leftrightarrow [\begin{array}{l} x = - 6 (k t m) \\ x = 1 (t m) \end{array}$

Vậy phương trình đã cho có 1 nghiệm.

Chọn D.

Câu 27:

17/06/2026

Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, cho hai vectơ $\vec{a} = (1; - 1; 2)$ và $\vec{b} = (2; 1; - 1)$ . Tính $\vec{a} . \vec{b} .$

A. $\vec{a} . \vec{b} = 1$

B. $\vec{a} . \vec{b} = (2; - 1; - 2)$

C. $\vec{a} . \vec{b} = (- 1; 5; 3)$

D. $\vec{a} . \vec{b} = - 1$

Xem đáp án

$\vec{a} . \vec{b} = 1.2 + (- 1) .1 + 2. (- 1) = - 1.$

Chọn D.

Câu 28:

17/06/2026

Cho hàm số

f (x) = 3 \sqrt{2 + \sin x} .

Tìm họ nguyên hàm của

\int_{}^{} f' (3 x) d x .

A. $\int_{}^{} f' (3 x) d x = 9 \sqrt{2 + \sin 3 x} + C$

B. $\int_{}^{} f' (3 x) d x = \sqrt{2 + \cos 3 x} + C$

C. $\int_{}^{} f' (3 x) d x = \sqrt{2 + \sin 3 x} + C$

D. $\int_{}^{} f' (3 x) d x = 3 \sqrt{2 + \sin 3 x} + C$

Xem đáp án

Ta có $\int_{}^{} f' (3 x) d x = \frac{1}{3} \int_{}^{} f' (3 x) d (3 x) = \frac{f (3 x)}{3} + C$

Mà $f (x) = 3 \sqrt{2 + \sin x} \Rightarrow f (3 x) = 3 \sqrt{2 + \sin 3 x}$

Vậy $\int_{}^{} f' (3 x) d x = \sqrt{2 + \sin 3 x} + C .$

Chọn C.

Câu 29:

17/06/2026

Nghiệm phương trình $3^{1 - 2 x} = 27$ là

A. x = 3

B. x = -1

C. x = 2

D. x = 1

Xem đáp án

$3^{1 - 2 x} = 27 = 3^{3} \Leftrightarrow 1 - 2 x = 3 \Leftrightarrow x = - 1.$

Chọn B.

Câu 30:

17/06/2026

Cho lăng trụ đứng ABC.A'B'C' có đáy ABC là tam giác đều và AA' = AB = a. Thể tích khối lăng trụ ABC.A'B'C' bằng

A. $\frac{a^{3}}{2}$

B. $\frac{a^{3} \sqrt{3}}{4}$

C. $a^{3}$

D. $\frac{a^{3} \sqrt{3}}{12}$

Xem đáp án

Tam giác ABC đều cạnh a nên $S_{A B C} = \frac{a^{2} \sqrt{3}}{4} .$

Vậy thể tích khối lăng trụ là $V = S_{A B C} . A' A = a . \frac{a^{2} \sqrt{3}}{4} = \frac{a^{3} \sqrt{3}}{4} .$

Chọn B.

Câu 31:

17/06/2026

Cho cấp số cộng $(u_{n})$ có $u_{1} = 3; u_{5} = 19.$ Công sai của cấp số cộng $(u_{n})$ bằng

A. 5

B. 3

C. 4

D. 1

Xem đáp án

Ta có $u_{5} = u_{1} + 4 d \Rightarrow 19 = 3 + 4 d \Leftrightarrow d = 4.$

Chọn C.

Câu 32:

17/06/2026

Một lớp có 25 học sinh nam và 10 học sinh nữ. Số cách chọn 3 em học sinh trong đó có nhiều nhất 1 em nữ là:

A. 6545

B. 5300

C. 3425

D. 1245

Xem đáp án

Số cách chọn 3 em nam là $C_{25}^{3}$

Số cách chọn 2 nam và 1 nữ là $C_{25}^{2} . C_{10}^{1} .$

Số cách chọn 3 em và trong đó có nhiều nhất 1 em nữ là $C_{25}^{3} + C_{25}^{2} . C_{10}^{1} = 5300.$

Chọn B.

Câu 33:

17/06/2026

Tính $\lim_{x \to \infty} \frac{\sqrt{x^{2} - 2 x + 3}}{2 x - 1} .$

A. -1

B. 0

C. - $\infty$

D. $- \frac{1}{2} .$

Xem đáp án

$\lim_{x \to - \infty} \frac{\sqrt{x^{2} - 2 x + 3} - x}{2 x - 1} = \lim_{x \to - \infty} \frac{- \sqrt{1 - \frac{2}{x} + \frac{3}{x^{2}}} - 1}{2 - \frac{1}{x}} = \frac{- 2}{2} = - 1$

Chọn A.

Câu 34:

17/06/2026

Tập nghiệm của bất phương trình ${(\frac{1}{2})}^{\sqrt{x + 2}} = 2^{- x}$ là

A. (1; 2]

B. $[2; + \infty)$

C. $[- 2; - 1) \cup (2; + \infty)$

D. $(2; + \infty)$

Xem đáp án

ĐKXĐ: $x + 2 \geq 0 \Leftrightarrow x \geq - 2.$

Ta có:

${(\frac{1}{2})}^{\sqrt{x + 2}} > 2^{- x} \Leftrightarrow 2^{- \sqrt{x + 2}} > 2^{- x}$

$\Leftrightarrow \sqrt{x + 2} < x \Leftrightarrow \{\begin{cases} x \geq 0 \\ x + 2 < x^{2} \end{cases}$

$\Leftrightarrow \{\begin{cases} x \geq 0 \\ x^{2} - x - 2 > 0 \end{cases} \Leftrightarrow \{\begin{cases} x \geq 0 \\ [\begin{array}{l} x > 2 \\ x < - 1 \end{array} \end{cases} \Leftrightarrow x > 2$

Kết hợp ĐKXĐ ta có tập nghiệm của bất phương trình là $(2; + \infty)$ .

Chọn D.

Câu 35:

17/06/2026

Cho hình nón có chiều cao h = 2, bán kính đáy là $r = \sqrt{3} .$ Diện tích xung quanh của hình nón đã cho bằng

A. $2 π$

B. $7 \sqrt{3} π .$

C. $\sqrt{21} π$

D. $2 \sqrt{21} π$

Xem đáp án

Đường sinh của hình nón là $l = \sqrt{h^{2} + r^{2}} = \sqrt{7} .$

Diện tích xung quanh hình nón là $S_{x q} = π r l = \sqrt{21} π .$

Chọn C.

Câu 36:

17/06/2026

Cho f(x) là hàm bậc 4 và có bảng biến thiên như hình vẽ sau

Đồ thị hàm số $g (x) = \frac{x - 2}{f^{2} (x) + 3 f (x) - 4}$ có mấy đường tiệm cận đứng

A. 5

B. 4

C. 3

D. 2

Xem đáp án

Xét phương trình $f^{2} (x) + 3 f (x) - 4 = 0 \Leftrightarrow [\begin{array}{l} f (x) = - 4 \\ f (x) = 1 \end{array} .$

Dựa vào BBT ta thấy:

Phương trình f(x) = -4 có 2 nghiệm phân biệt khác $\pm \sqrt{2} .$

Phương trình f(x) = 1 có 2 nghiệm kép bằng $\pm \sqrt{2} .$

Suy ra phương trình $f^{2} (x) + 2 f (x) - 4 = 0$ có 4 nghiệm phân biệt không bị triệt tiêu bởi nghiệm $x = \pm \sqrt{2} .$

Vậy đồ thị hàm số $g (x) = \frac{x^{2} - 2}{f^{2} (x) + 3 f (x) - 4} = \frac{1}{(x^{2} - 2) . [f (x) + 4]}$ có 4 đường tiệm cận đứng.

Chọn B.

Câu 37:

17/06/2026

Có bao nhiêu giá trị nguyên của tham số m (với |m| < 2021) để phương trình $2^{x - 1} = \log_{4} (x + 2 m) + m$ có nghiệm?

A. 2020

B. 4041

C. 0

D. 2

Xem đáp án

Ta có

$2^{x - 1} = \log_{4} (x + 2 m) + m$

$\Leftrightarrow 2^{x - 1} = \frac{1}{2} \log_{2} (x + 2 m) + m$

$\Leftrightarrow 2^{x} = \log_{2} (x + 2 m) + 2 m$

$\Leftrightarrow 2^{x} + x = \log_{2} (x + 2 m) + x + 2 m$

$\Leftrightarrow 2^{x} + x = 2^{\log_{2} (x + 2 m)} + \log_{2} (x + 2 m)$

Xét hàm số $f (x) = 2^{x} + x$ ta có $f' (x) = 2^{x} \ln 2 + 1 > 0 \forall x \in ℝ$

Khi đó ta có $f (x) = f (\log_{2} (x + 2 m)) \Leftrightarrow x = \log_{2} (x + 2 m) \Rightarrow 2 m = 2^{x} - x .$

Đặt $g (x) = 2^{x} - x$ ta có: $g' (x) = 2^{x} \ln 2 - 1.$

$g' (x) = 0 \Leftrightarrow 2^{x} = \frac{1}{\ln 2} = {(\ln 2)}^{- x} \Leftrightarrow x = \log_{2} {(\ln 2)}^{- 1} = - \log_{2} (\ln 2) = x_{0} .$

BBT:

Có bao nhiêu giá trị nguyên của tham số m (với |m| < 2021) để phương trình (ảnh 1)

Dựa vào BBT ta thấy phương trình (*) có nghiệm khi $2 m \geq g (- \log_{2} (\ln 2)) \Leftrightarrow 2 m \geq - 0, 91 \Leftrightarrow m \geq 0, 455.$

Kết hợp với điều kiện đề bài ta có $\{\begin{cases} 1 \leq m < 2021 \\ m \in ℤ \end{cases}$

Vậy có 2021 giá trị m thỏa mãn.

Chọn A.

Câu 38:

17/06/2026

Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, biết $|\vec{u}| = 2, |\vec{v}| = 1$ và góc giữa 2 vecto $\vec{u}$ và $\vec{v}$ bằng $\frac{2 π}{3} .$ Tìm k để vecto $\vec{p} = k \vec{u} + \vec{v}$ vuông góc với vecto $\vec{q} = \vec{u} - \vec{v} .$

A. $k = - \frac{2}{5}$

B. $k = \frac{2}{5}$

C. $k = \frac{5}{2}$

D. k = 2

Xem đáp án

Ta có $\vec{u} . \vec{v} = |\vec{u}| . |\vec{v}| . \cos (\vec{u}, \vec{v}) = 2.1. \cos \frac{2 π}{3} = - 1$

Ta có: $\vec{p} = k \vec{u} + \vec{v}$ vuông góc với $\vec{q} = \vec{u} - \vec{v}$ khi

$\vec{p} . \vec{q} = 0$

$\Leftrightarrow (k \vec{u} + \vec{v}) (\vec{u} - \vec{v}) = 0$

$\Leftrightarrow k {\vec{u}}^{2} + (1 - k) . \vec{u} . \vec{v} - {\vec{v}}^{2} = 0$

$\Leftrightarrow 4 k - (1 - k) - 1 = 0$

$\Leftrightarrow k = \frac{2}{5}$

Chọn B.

Câu 39:

17/06/2026

Cho hình lăng trụ tam giác đều ABC.A'B'C' có cạnh đáy bằng 2a, góc giữa hai đường thẳng AB' và BC' bằng $60^{0} .$ Tính thể tích V của khối lăng trụ đó.

A. $V = 2 \sqrt{3} a^{3}$

B. $V = \frac{2 \sqrt{3} a^{3}}{3}$

C. $V = \frac{2 \sqrt{6} a^{3}}{3}$

D. $V = 2 \sqrt{6} a^{3}$

Xem đáp án

Cho hình lăng trụ tam giác đều ABC.A'B'C' có cạnh đáy bằng 2a, góc giữa (ảnh 1)

Đặt AA' = x > 0 ta có:

$\vec{A B'} . \vec{B C'} = (\vec{B B'} - \vec{B A}) (\vec{B C} + \vec{B B'})$

$= \vec{B B'} . \vec{B C} + {\vec{B B'}}^{2} - \vec{B A} . \vec{B C} - \vec{B A} . \vec{B B'}$

$= \vec{B B'} . (\vec{B C} - \vec{B A}) + {\vec{B B'}}^{2} - \vec{B A} . \vec{B C}$

$= \vec{B B'} . \vec{A C} + {\vec{B B'}}^{2} - \vec{B A} . \vec{B C}$

$= {\vec{B B'}}^{2} - \vec{B A} . \vec{B C}$ (do $B B' ⊥ A C$ )

$= x^{2} - B A . B C . \cos 60^{0} + B B'^{2}$

$= x^{2} - 2 a^{2}$

Ta có: $A B' = B C' = \sqrt{x^{2} + 4 a^{2}}$ (định lí Pytago)

$\Rightarrow \vec{A B'} . \vec{B C'} = A B' . B C' . \cos (\vec{A B'}; \vec{B C'}) = \frac{1}{2} (x^{2} + 4 a^{2})$

$\Rightarrow \frac{1}{2} (x^{2} + 4 a^{2}) = x^{2} - 2 a^{2}$

$\Leftrightarrow x^{2} + 4 a^{2} = 2 x^{2} - 4 a^{2}$

$\Leftrightarrow x^{2} = 8 a^{2} \Leftrightarrow x = 2 \sqrt{2} a$

Vậy thể tích khối lăng trụ là $V_{A B C . A' B' C'} = A A' . S_{Δ A B C} = 2 \sqrt{2} a . \frac{{(2 a)}^{2} \sqrt{3}}{4} = 2 \sqrt{6} a^{3} .$

Chọn D.

Câu 40:

17/06/2026

Tìm giá trị thực của tham số m để hàm số $y = 2^{x^{3} - x^{2} + m x + 1}$ đồng biến trên khoảng (1; 2)?

A. $m \geq - 1$

B. m < -1

C. m > -8

D. $m \leq - 8$

Xem đáp án

Ta có $y = 2^{x^{3} - x^{2} + m x + 1} \Rightarrow y' = (3 x^{2} - 2 x + m) {.2}^{x^{3} - x^{2} + m x + 1}$

Để hàm số đồng biến trên (1; 2) thì $y' = (3 x^{2} - 2 x + m) {.2}^{x^{3} - x^{2} + m x + 1} \geq 0 \forall x \in (1; 2)$ và bằng 0 tại hữu hạn điểm.

$\Leftrightarrow 3 x^{2} - 2 x + m \geq 0 \forall x \in (1; 2)$ (do $2^{x^{3} - x^{2} + m x - 1} > 0 \forall x$ )

$\Leftrightarrow m \geq - 3 x^{2} + 2 x, \forall x \in (1; 2)$

$\Leftrightarrow m \geq \max_{[1; 2]} f (x)$ với $f (x) = - 3 x^{2} + 2 x (*) .$

Xét hàm số $f (x) = - 3 x^{2} + 2 x$ ta có: $f' (x) = - 6 x + 2 = 0 \Leftrightarrow x = \frac{1}{3} \notin [1; 2] .$

Bảng biến thiên:

Tìm giá trị thực của tham số m để hàm số y = 2^x^3 - x^2 + mx + 1 (ảnh 1)

Dựa vào BBT ta thấy $m \geq f (1) = - 1.$

Chọn A.

Câu 41:

17/06/2026

Xét bất phương trình

\log_{2}^{2} 2 x - 2 (m + 1) \log_{2} x - 2 < 0.

Tìm tất cả các giá trị của tham số m để bất phương trình có nghiệm thuộc khoảng

(\sqrt{2}; + \infty)

.

A. $m \in (0; + \infty)$

B. $m \in (- \frac{3}{4}; 0)$

C. $m \in (- \frac{3}{4}; + \infty)$

D. $m \in (- \infty; 0)$

Xem đáp án

Ta có

$\log_{2}^{2} 2 x - 2 (m + 1) \log_{2} x - 2 < 0$

$\Leftrightarrow {(1 + \log_{2} x)}^{2} - 2 (m + 1) \log_{2} x - 2 < 0$

$\Leftrightarrow \log_{2}^{2} x + 2 \log_{2} x + 1 - 2 (m + 1) \log_{2} x - 2 < 0$

$\Leftrightarrow \log_{2}^{2} x - 2 m \log_{2} x - 1 < 0$

Đặt $t = \log_{2} x,$ phương trình đã cho trở thành: $t^{2} - 2 m t - 1 < 0 (*) .$

Ta có $Δ' = m^{2} + 1 > 0 \forall m$ nên tập nghiệm của bất phương trình (*) là: $t \in (m - \sqrt{m^{2} + 1}; m + \sqrt{m^{2} + 1})$

Vì phương trình ban đầu phải có nghiệm thuộc khoảng $x \in (\sqrt{2}; + \infty) \Rightarrow t \in (\frac{1}{2}; + \infty)$ nên phương trình (*) phải có nghiệm $t \in (\frac{1}{2}; + \infty)$ .

$\Rightarrow (m - \sqrt{m^{2} + 1}; m + \sqrt{m^{2} + 1}) \cap (\frac{1}{2}; + \infty) \neq \emptyset .$

$\Rightarrow m + \sqrt{m^{2} + 1} > \frac{1}{2} \Leftrightarrow \sqrt{m^{2} + 1} > \frac{1}{2} - m$

$\Leftrightarrow [\begin{array}{l} \frac{1}{2} - m < 0 \\ \{\begin{cases} \frac{1}{2} - m \geq 0 \\ m^{2} + 1 > m^{2} - m + \frac{1}{4} \end{cases} \end{array} \Leftrightarrow [\begin{array}{l} m > \frac{1}{2} \\ \{\begin{cases} m \leq \frac{1}{2} \\ m > - \frac{3}{4} \end{cases} \end{array} \Leftrightarrow m > - \frac{3}{4}$

Vậy $m \in (- \frac{3}{4}; + \infty)$ .

Chọn C.

Câu 42:

17/06/2026

Gọi S là tập hợp các số tự nhiên có năm chữ số chia hết cho 5. Chọn ngẫu nhiên một số từ tập S. Xác suất để số được chọn chia hết cho 7 là

A. $\frac{643}{4500}$

B. $\frac{1902}{5712}$

C. $\frac{2}{3}$

D. $\frac{1607}{2250}$

Xem đáp án

Từ 10000 đến 99999 có số các số chia hết cho 5 là $(99995 - 10000) : 5 + 1 = 18000$ số.

$\Rightarrow n (S) = 18000 \Rightarrow$ Số phần tử của không gian mẫu là $n (Ω) = C_{18000}^{1} = 18000.$

Gọi A là biến cố: “Số được chọn chia hết cho 7” $\Rightarrow$ Số đó phải chia hết cho 35.

Từ 10000 đến 99999 thì số nhỏ nhất chia hết cho 35 là $(99995 - 10010) : 35 + 1 = 2572.$

$\Rightarrow n (A) = 2572.$

Vậy xác suất của biến cố A là: $P (A) = \frac{n (A)}{n (Ω)} = \frac{2572}{18000} = \frac{643}{4500} .$

Chọn A.

Câu 43:

17/06/2026

Cho

F (x) = x^{2}

là một nguyên hàm của hàm số

f (x) . e^{x} .

Khi đó

\int_{}^{} f' (x) . e^{x} d x

bằng

A. $- x^{2} + 2 x + C$

B. $- 2 x^{2} + 2 x + C$

C. $- x^{2} + x + C$

D. $2 x^{2} - 2 x + C$

Xem đáp án

Vì $F (x) = x^{2}$ là một nguyên hàm của hàm số $f (x) e^{x}$ nên $F' (x) = 2 x = f (x) e^{x} .$

$\Rightarrow f (x) = \frac{2 x}{e^{x}}$

$\Rightarrow f' (x) = \frac{2 e^{x} - 2 x e^{x}}{{(e^{x})}^{2}} = \frac{2 - 2 x}{e^{x}} .$

$\Rightarrow f' (x) e^{x} = 2 - 2 x$

Vậy $\int_{}^{} f' (x) . e^{x} d x = \int_{}^{} (2 - 2 x) d x = 2 x - x^{2} + C .$

Chọn A.

Câu 44:

17/06/2026

Cho hàm số f(x), hàm số $f' (x) = x^{3} + a x^{2} + b x + c (a, b, c \in ℝ)$ có đồ thị như hình vẽ:

Cho hàm số f(x), hàm số f'(x) = x^3 + ax^2 + bx + c (a, b, c thuộc R) (ảnh 1)

Hàm số $g (x) = f (f' (x))$ có mấy khoảng đồng biến?

A. 1

B. 2

C. 4

D. 3

Xem đáp án

Đồ thị hàm số $f' (x) = x^{3} + a x^{2} + b x + c$ đi qua các điểm có tọa độ $(- 1; 0), (0; 0), (1; 0) .$

Khi đó ta có hệ phương trình $\{\begin{cases} - 1 + a - b + c = 0 \\ c = 0 \\ 1 + a + b + c = 0 \end{cases} \Leftrightarrow \{\begin{cases} a = 0 \\ b = - 1 \\ c = 0 \end{cases}$

$\Rightarrow f' (x) = x^{3} - x \Rightarrow f " (x) = 3 x^{2} - 1.$

Ta có $g (x) = f (f' (x)) \Rightarrow g' (x) = f " (x) . f' (f' (x))$

$g' (x) = 0 \Leftrightarrow [\begin{array}{l} f " (x) = 0 \\ f' (f' (x)) = 0 \end{array} \Leftrightarrow [\begin{array}{l} 3 x^{2} - 1 = 0 \Leftrightarrow x = \pm \frac{\sqrt{3}}{3} \\ f' (x^{3} - 3) = 0 \end{array}$

Ta có: $f' (x) = x^{3} - x = 0 \Leftrightarrow [\begin{array}{l} x = 0 \\ x = \pm 1 \end{array},$ do đó $f' (x^{3} - x) = 0 \Leftrightarrow [\begin{array}{l} x^{3} - x = 0 \\ x^{3} - x = 1 \\ x^{3} - x = - 1 \end{array} \Leftrightarrow [\begin{array}{l} x = \pm 1 \\ x = 0 \\ x = \pm 1, 325 \end{array}$

$\Rightarrow$ Phương trình g'(x) = 0 có 7 nghiệm đơn, quan các nghiệm này thì g'(x) đều đổi dấu.

Ta có $g' (2) = f " (2), f' (f' (2)) = 35. f' (6) = 35.210 > 0.$

Khi đó ta có bảng biến thiên:

Cho hàm số f(x), hàm số f'(x) = x^3 + ax^2 + bx + c (a, b, c thuộc R) (ảnh 2)

Vậy hàm số y = g(x) có 4 khoảng đồng biến.

Chọn C.

Câu 45:

17/06/2026

Cho hàm số y = f(x) và y = g(x) có đồ thị tương ứng là hình 1 và hình 2 bên dưới:

Cho hàm số y = f(x) và y = g(x) có đồ thị tương ứng là hình 1 và hình 2 (ảnh 1)

Số nghiệm không âm của phương trình $|f (g (x)) - 3| = 1$ là

A. 11

B. 2

C. 4

D. 3

Xem đáp án

Ta có

$|f (g (x)) - 3| = 1 \Leftrightarrow [\begin{array}{l} f (g (x)) - 3 = 1 \\ f (g (x)) - 3 = - 1 \end{array}$

$\Leftrightarrow [\begin{array}{l} f (g (x)) = 4 \\ f (g (x)) = 2 \end{array} \Leftrightarrow [\begin{array}{l} g (x) = - 1 \\ g (x) = 0 \\ g (x) = a < - 1 \\ g (x) = b > 1 \end{array}$

Dựa và đồ thị hàm số y = g(x) ta thấy:

+ Phương trình g(x) = -1 có 1 nghiệm không âm.

+ Phương trình $g (x) = 0 \Leftrightarrow [\begin{array}{l} x = 0 \\ x = 2 \end{array}$ có 2 nghiệm không âm.

+ Phương trình g(x) = a < -1 có 1 nghiệm không âm.

+ Phương trình g(x) = b > 1 không có nghiệm không âm.

Vậy phương trình ban đầu có tất cả 4 nghiệm không âm.

Chọn C.

Câu 46:

17/06/2026

Cho hàm số $f (x) = a x^{3} + b x^{2} + c x + d$ có đồ thị (C) tiếp xúc với đường thẳng y = 4 tại điểm có hoành độ dương và đồ thị của hàm số y = f'(x) như hình vẽ:

Cho hàm số y = ax^3 + bx^2 + cx + d có đồ thị (C) tiếp xúc với đường thẳng (ảnh 1)

Giá trị lớn nhất của hàm số y = |f(x)| trên đoạn [0; 20] là:

A. 8

B. 14

C. 20

D. 3

Xem đáp án

Dựa vào hình vẽ ta thấy: Phương trình f'(x) = 0 có 2 nghiệm phân biệt $x = \pm 1$ nên có dạng $f' (x) = k (x - 1) (x + 1) .$

Lại có đồ thị hàm số đi qua điểm có tọa độ $(0; - 3) \Rightarrow k = 3.$

Suy ra $f' (x) = 3 (x - 1) (x + 1) = 3 x^{3} - 3.$

Mà $f (x) = a x^{3} + b x^{2} + c x + d \Rightarrow f' (x) = 3 a x^{2} + 2 b x + c .$

Đồng nhất hệ số ta có: $\{\begin{cases} 3 a = 3 \\ 2 b = 0 \\ c = - 3 \end{cases} \Leftrightarrow \{\begin{cases} a = 1 \\ b = 0 \\ c = - 3 \end{cases} \Rightarrow f (x) = x^{3} - 3 x + d .$

Theo bài ra ta có: Đồ thị hàm số $f (x) = x^{3} - 3 x + d$ tiếp xúc với đường y = 4 tại điểm có hoành độ dương nên $\{\begin{cases} x^{3} - 3 x + d = 4 \\ 3 x^{3} - 3 = 0 \\ x > 0 \end{cases} \Leftrightarrow \{\begin{cases} x = 1 \\ d = 6 \end{cases} \Rightarrow f (x) = x^{3} - 3 x + 6.$

Xét hàm số $f (x) = x^{3} - 3 x + 6$ trên [0; 2] ta có $f' (x) = 3 x^{2} - 3 = 0 \Leftrightarrow [\begin{array}{l} x = 1 \in [0; 2] \\ x = - 1 \notin [0; 2] \end{array} .$

$f (0) = 6, f (1) = 4, f (2) = 8.$

$\Rightarrow \min_{[0; 2]} f (x) = f (1) = 4, \max_{[0; 2]} f (x) = f (2) = 8.$

Vậy $\max_{[0; 2]} |f (x)| = \max \{|\min_{[0; 2]} f (x)|, |\max_{[0; 2]} f (x)|\} = 8.$

Chọn A.

Câu 47:

17/06/2026

Cho lăng trụ tam giác ABC.A'B'C'. M, N lần lượt là trung điểm AB, AC; P thuộc đoạn CC' sao cho

\frac{C P}{C C'} = x .

Tìm x để mặt phẳng (MNP) chia khối lăng trụ thành hai khối đa diện có tỉ lệ thể tích là

\frac{1}{2} .

A. $\frac{8}{5}$

B. $\frac{5}{8}$

C. $\frac{4}{5}$

D. $\frac{5}{4}$

Xem đáp án

Cho lăng trụ tam giác ABC.A'B'C'. M, N lần lượt là trung điểm AB, AC; P (ảnh 1)

Xác định thiết diện của hình chóp cắt bởi (MNP)

Xét (MNP) và (BCC'B') có P chung, MN//BC (MN là đường trung bình của tam giác ABC)

$\Rightarrow (M N P) \cap (B C C' B') = P Q / / M N / / B C (Q \in B B') .$

$\Rightarrow$ Thiết diện của hình chóp cắt bởi () là MNPQ.

Tính tỉ số thể tích

Khi đó mặt phẳng (MNP) chia hình lăng trụ thành 2 khối đa diện $B C M N P Q$ và $M N P Q A A' B' C' .$

Đặt $V_{A B C . A' B' C'} = V, V_{B C M N P Q} = V_{1}, V_{M N P Q A A' B' C'} = V_{2} .$

Theo bài ra ta có $\frac{V_{1}}{V_{2}} = \frac{1}{2} \Rightarrow V_{1} = \frac{1}{3} V .$

Ta có: $V_{1} = V_{P . M N B C} + V_{P . B M Q}$

$\frac{V_{P . M N B C}}{V} = \frac{1}{3} . \frac{d (P; (A B C))}{d (C'; (A B C))} . \frac{S_{M N P Q}}{S_{A B C}}$

$= \frac{1}{3} . \frac{P C}{C' C} . \frac{S_{A B C} - S_{A M N}}{S_{A B C}}$

$= \frac{1}{3} . x . \frac{S_{A B C} - \frac{1}{4} S_{A B C}}{S_{A B C}} = \frac{1}{4} x$

$\frac{V_{P . B M Q}}{V} = \frac{V_{C' . B M Q}}{\frac{3}{2} V_{C' . A B B' A'}} = \frac{2}{3} \frac{S_{B M Q}}{S_{A B B' A'}} = \frac{2}{3} . \frac{\frac{1}{2} . x . S_{A B B'}}{2 S_{A B B'}} = \frac{1}{6} x$

$\Rightarrow \frac{V_{1}}{V} = \frac{1}{4} x + \frac{1}{6} x = \frac{5}{12} x = \frac{1}{3} \Leftrightarrow x = \frac{4}{5} .$

Chọn C.

Câu 48:

17/06/2026

Cho hàm số y = f(x) có đạo hàm $f' (x) = 4 x^{3} + 2 x$ và f(0) = 1. Số điểm cực tiểu của hàm số $g (x) = f^{3} (x)$ là:

A. 2

B. 3

C. 0

D. 1

Xem đáp án

Ta có $f' (x) = 4 x^{3} + 2 x \Rightarrow f (x) = x^{4} + x^{2} + C .$

Lại có $f (0) = 1 \Rightarrow C = 1 \Rightarrow f (x) = x^{4} + x^{2} + 1.$

Ta có: $g (x) = f^{3} (x) \Rightarrow g' (x) = 3 f' (x) f^{2} (x)$

$g' (x) = 0 \Leftrightarrow f' (x) = 0$

$\Leftrightarrow 4 x^{3} + 2 x = 0 \Leftrightarrow x = 0$

(ta không xét $f^{2} (x) = 0$ vì các nghiệm của phương trình này là nghiệm kép của phương trình g'(x) = 0 nên sẽ không làm g'(x) đổi dấu).

Bảng xét dấu g'(x)

Cho hàm số y = f(x) có đạo hàm f'(x) = 4x^3 + 2x và f(0) = 1. Số điểm (ảnh 1)

Dựa vào bảng xét dấu ta thấy hàm số y = g(x) có 1 điểm cực tiểu.

Chọn D.

Câu 49:

17/06/2026

Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD là hình vuông cạnh a, cạnh bên SA vuông góc với đáy và

S A = a \sqrt{2} .

Gọi H, K, L lần lượt là hình chiếu vuông góc của A lên SB, SC, SD. Xét khối nón (N) có đáy là đường tròn ngoại tiếp tam giác HKL và có đỉnh thuộc mặt phẳng (ABCD). Tính thể tích của khối nón (N).

A. $\frac{π a^{3}}{48}$

B. $\frac{π a^{3}}{12}$

C. $\frac{π a^{3}}{8}$

D. $\frac{π a^{3}}{6}$

Xem đáp án

Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD là hình vuông cạnh a, cạnh bên SA (ảnh 1)

Ta có

$\{\begin{cases} B C ⊥ A B \\ B C ⊥ S A \end{cases} \Rightarrow B C ⊥ (S A B) \Rightarrow B C ⊥ A H$

$\{\begin{cases} A H ⊥ S B \\ A H ⊥ B C \end{cases} \Rightarrow A H ⊥ (S B C) \Rightarrow A H ⊥ H K$

Chứng minh tương tự ta có $B L ⊥ L K .$

$\Rightarrow A H K I$ là tứ giác nội tiếp đường tròn tâm O là trung điểm của AK.

$\Rightarrow$ Đáy của hình nón (N) cũng chính là đường tròn tâm O bán kính $R = \frac{1}{2} A K .$

Ta có: $S A = a \sqrt{2}; A C = a \sqrt{2}$ (do ABCD là hình vuông cạnh $a) \Rightarrow Δ S A C$ vuông cân tại A.

$\Rightarrow S C = a \sqrt{2} . \sqrt{2} = 2 a$ và $A K = \frac{1}{2} S C = a$ (đường cao đồng thời là trung tuyến).

$\Rightarrow$ Bán kính đáy hình nón (N) là $R = \frac{1}{2} A K = \frac{1}{2} a .$

Ta có $\{\begin{cases} A H ⊥ (S B C) \\ A K ⊥ S C \end{cases} \Rightarrow A H ⊥ S C \Rightarrow S C ⊥ (A H K L) .$

Trong (SAC) kẻ đường thẳng song song với SC cắt AC tại I ta có $\{\begin{cases} I \in (A B D) \\ O I / / S C \Rightarrow O I ⊥ (A H K L) \end{cases} .$

$\Rightarrow I$ là đỉnh của hình nón (N) và IO là đường cao của hình nón (N).

Dễ thấy OI là đường trung bình của tam giác AKC nên $O I = \frac{1}{2} K C = \frac{1}{4} S C = \frac{a}{2} = h .$

Vậy thể tích khối nón là $V = \frac{1}{3} π . R^{2} . h = \frac{1}{3} π . {(\frac{a}{2})}^{2} . \frac{a}{4} = \frac{π a^{3}}{48} .$

Chọn A.

Câu 50:

17/06/2026

Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD là hình thoi cạnh a và $∠ A B C = 60^{0} .$ Mặt bên SAB là tam giác đều nằm trong mặt phẳng vuông góc với mặt phẳng (ABCD). Khoảng cách giữa 2 đường thẳng CD và SA là:

A. $\frac{a \sqrt{15}}{5}$

B. $\frac{a \sqrt{3}}{2}$

C. $\frac{a \sqrt{5}}{10}$

D. $\frac{a \sqrt{3}}{4}$

Xem đáp án

Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD là hình thoi cạnh a và góc ABC = 60 độ (ảnh 1)

Kẻ $A H ⊥ C D (1) .$ Vì $Δ A C D$ đều cạnh a nên H là trung điểm của CD và $A H = \frac{a \sqrt{3}}{2} .$

Gọi O là trung điểm của AB. Vì $Δ S A B$ đều nên $S O ⊥ A B .$

Ta có $\{\begin{cases} (S A B) ⊥ (A B C D) = A B \\ S O \subset (S A B), S O ⊥ A B \end{cases} \Rightarrow S O ⊥ (A B C D) \Rightarrow S O ⊥ A H .$

Nên $\{\begin{cases} A H ⊥ C D, A B / / C D \Rightarrow A H ⊥ A B \\ A H ⊥ S O \end{cases} \Rightarrow A H ⊥ (S A B) \Rightarrow A H ⊥ S A (2)$

Từ (1) và (2) $\Rightarrow A H$ là đoạn vuông góc chung của CD và SA.

Vậy $d (C D; S A) = A H = \frac{a \sqrt{3}}{2}$

Chọn B.

Lớp 1 - Cánh diều

Tiếng Anh 1

Toán lớp 1

Tiếng Việt lớp 1

Lớp 1 - Chân trời sáng tạo

Tiếng Anh 1

Toán lớp 1

Tiếng Việt lớp 1

Lớp 1 - Kết nối tri thức

Tiếng Anh 1

Toán lớp 1

Tiếng Việt lớp 1

Tiện ích

Đọc sách online

Bộ đề ôn hè lớp 1 lên lớp 2

Lớp 2 - Kết nối tri thức

Toán lớp 2

Tiếng Việt lớp 2

Đạo đức lớp 2

Tự nhiên và Xã hội lớp 2

Hoạt động trải nghiệm lớp 2

Tiếng Anh lớp 2

Âm nhạc lớp 2

Lớp 2 - Cánh diều

Toán lớp 2

Tiếng Việt lớp 2

Hoạt động trải nghiệm lớp 2

Tự nhiên và Xã hội lớp 2

Tiếng Anh lớp 2

Âm nhạc lớp 2

Đạo đức lớp 2

Lớp 2 - Chân trời sáng tạo

Toán lớp 2

Tiếng Việt lớp 2

Đạo đức lớp 2

Tự nhiên và Xã hội lớp 2

Hoạt động trải nghiệm lớp 2

Tiếng Anh lớp 2

Âm nhạc lớp 2

Tiện ích

Đọc sách online

Bộ đề ôn hè lớp 2 lên lớp 3

Lớp 3 - Kết nối tri thức

Toán lớp 3

Tiếng Anh lớp 3

Tiếng Việt lớp 3

Đạo đức lớp 3

Tự nhiên và Xã hội lớp 3

Hoạt động trải nghiệm lớp 3

Âm nhạc lớp 3

Tin học lớp 3

Giáo dục thể chất lớp 3

Công nghệ lớp 3

Lớp 3 - Cánh diều

Toán lớp 3

Tiếng Việt lớp 3

Tiếng Anh lớp 3

Đạo đức lớp 3

Tự nhiên và Xã hội lớp 3

Hoạt động trải nghiệm lớp 3

Âm nhạc lớp 3

Tin học lớp 3

Giáo dục thể chất lớp 3

Công nghệ lớp 3

Lớp 3 - Chân trời sáng tạo

Toán lớp 3

Tiếng Việt lớp 3

Tiếng Anh lớp 3

Đạo đức lớp 3

Tự nhiên và Xã hội lớp 3

Hoạt động trải nghiệm lớp 3

Âm nhạc lớp 3

Tin học lớp 3

Giáo dục thể chất lớp 3

Công nghệ lớp 3

Tiện ích

Đọc sách online

Bộ đề ôn hè lớp 3 lên lớp 4

Lớp 3 - Sách cũ

Tiếng Anh 3