50 câu hỏi trắc nghiệm thuộc Đề thi thử môn Toán THPT Quốc gia năm 2022 có lời giải (Đề 29)

Tìm các số thực a và b thỏa mãn 2a + (b + i)i = 1 + 2i

A. a = 0, b = 2

B. a = 1, b = 2

C. a = 0, b = 1

D. $a = \frac{1}{2}, b = 1.$

Xem đáp án

Ta có $2 a + (b + i) i = 1 + 2 i \Leftrightarrow (2 a - 1) + b i = 1 + 2 i \Leftrightarrow \{\begin{cases} 2 a - 1 = 1 \\ b = 2 \end{cases} \Leftrightarrow \{\begin{cases} a = 1 \\ b = 2 \end{cases} .$

Chọn B.

Câu 2:

Hàm số $y = 3^{x}$ có đạo hàm là

A. $y' = 3^{x} .$

B. $y' = \frac{3^{x}}{\ln 3} .$

C. $y' = x {.3}^{x - 1} .$

D. $y' = 3^{x} \ln 3.$

Xem đáp án

Ta có $y' = (3^{x})' = 3^{x} \ln 3.$

Chọn D.

Câu 3:

Thể tích của khối cầu có bán kính b bằng

Mặt cầu

(S) : {(x + 1)}^{2} + {(y - 2)}^{2} + {(z - 1)}^{2} = 9

có tọa độ tâm I là

A. (1; -2; -1)

B. (-1; 2; 1)

C. (1; -2; 1)

D. (1; 2; 1)

Xem đáp án

Mặt cầu $(S) : {(x + 1)}^{2} + {(y - 2)}^{2} + {(z - 1)}^{2} = 9$ có tọa độ tâm I(-1; 2; 1)

Chọn B.

Câu 4:

17/07/2024

Thể tích của khối chóp có chiều cao bằng h và diện tích đáy bằng B là

A. $V = \frac{1}{3} B h .$

B. $V = \frac{1}{6} B h .$

C. V = Bh

D. $V = \frac{1}{2} B h .$

Xem đáp án

Thể tích của khối chóp là $V = \frac{1}{3} B h .$

Chọn A.

Câu 5:

20/07/2024

A. $\frac{4 π b^{3}}{3}$

B. $4 π b^{3}$

C. $\frac{π b^{3}}{3}$

D. $2 π b^{3}$

Xem đáp án

Thể tích của khối cầu là $\frac{4 π b^{3}}{3} .$

Chọn A.

Câu 6:

Cho điểm A(3; -1; 1). Hình chiếu vuông góc của điểm A trên mặt phẳng (Oyz) là điểm

A. M(3; 0; 0)

B. N(0; -1; 1)

C. P(0; -1; 0)

D. Q(0; 0; 1)

Xem đáp án

Hình chiếu vuông góc của điểm A trên mặt phẳng (Oyz) là điểm N(0; -1; 1)

Chọn B.

Câu 7:

Đường thẳng $d : \frac{2 - x}{1} = \frac{y - 1}{2} = \frac{z}{1}$ có một vectơ chỉ phương là

A. $\vec{u_{1}} = (- 1; 2; 1)$

B. $\vec{u_{1}} = (2; 1; 0)$

C. $\vec{u_{1}} = (2; 1; 1)$

D. $\vec{u_{1}} = (- 1; 2; 0)$

Xem đáp án

Ta có phương trình đường thẳng d viết dưới dạng chính tắc là: $\frac{x - 2}{- 1} = \frac{y - 1}{2} = \frac{z}{1}$

Do đó một vectơ chỉ phương của đường thẳng d là $\vec{u_{1}} = (- 1; 2; 1) .$

Chọn A.

Câu 8:

Số cách sắp xếp 6 học sinh thành một hàng dọc bằng

A. $6^{6}$

B. 4!

C. 6

D. 6!

Xem đáp án

Số cách xếp 6 học sinh thành một hàng dọc bằng $P_{6} = 6! .$

Chọn D.

Câu 9:

Cho hàm số y = f(x) có bảng biến thiên như hình bên. Hàm số đạt cực đại tại điểm.

Cho hàm số y = f(x) có bảng biến thiên như hình bên. Hàm số đạt cực đại (ảnh 1)

A. x = 5

B. x = 1

C. x = 0

D. x = 2

Xem đáp án

Từ bảng biến thiên ta thấy hàm số đạt cực đại tại điểm x = 2

Chọn D.

Câu 10:

Họ nguyên hàm của hàm số $f (x) = 3 x^{2} + 1$ là

A. $x^{3} + C$

B. $x^{3} + x + C$

C. 6x + C

D. $\frac{x^{3}}{3} + x + C$

Xem đáp án

$\int_{}^{} f (x) d x = \int_{}^{} (3 x^{2} + 1) d x = x^{3} + x + C .$

Chọn B.

Câu 11:

20/07/2024

Số phức liên hợp của số phức z = 2 + i là

A. $\bar{z} = - 2 + i$

B. $\bar{z} = - 2 - i$

C. $\bar{z} = 2 - i$

D. $\bar{z} = 2 + i$

Xem đáp án

Số phức liên hợp của số phức z = 2 + i là $\bar{z} = 2 - i .$

Chọn C.

Câu 12:

Cho hàm số y = f(x) có bảng xét dấu đạo hàm như sau:

Mệnh đề nào dưới đây đúng?

A. Hàm số đồng biến trên khoảng $(- \infty; 0) .$

B. Hàm số nghịch biến trên khoảng (0; 3).

C. Hàm số đồng biến trên khoảng (-2; 0).

D. Hàm số đồng biến trên khoảng

(- \infty; - 2) .

Xem đáp án

Quan sát bảng xét dấu đạo hàm ta thấy hàm số đồng biến trên $(- \infty; - 1)$ mà $(- \infty; - 2) \subset (- \infty; - 1)$ nên hàm số đồng biến trên $(- \infty; - 2) .$

Chọn D.

Câu 13:

Cho cấp số cộng $(u_{n})$ có $u_{1} = - 2$ và công sai d = 3. Tìm số hạng $u_{10}$

A. $u_{10} = 28$

B. $u_{10} = - {2.3}^{9}$

C. $u_{10} = - 29$

D. $u_{10} = 25$

Xem đáp án

Ta có: $u_{10} = u_{1} + 9 d = (- 2) + 9.3 = 25.$

Chọn D.

Câu 14:

Đường cong trong hình vẽ bên dưới là đồ thị của hàm số

A. $y = - x^{4} + 2 x^{2} + 2.$

B. $y = x^{3} - 3 x^{2} + 2.$

C. $y = - x^{3} + 3 x^{2} + 2.$

D. $y = x^{4} - 2 x^{2} + 2.$

Xem đáp án

Nhìn vào hình dáng đồ thị loại được B và C.

Nhánh cuối của đồ thị đi xuống nên hệ số a < 0 nên chọn A.

Chọn A.

Câu 15:

Đường thẳng nào dưới đây là tiệm cận ngang của đồ thị hàm số $y = \frac{1 - 4 x}{2 x - 1}$ ?

A. $y = \frac{1}{2}$

B. y = 2

C. y = 4

D. y = -2

Xem đáp án

Ta có: $\lim_{x \to - \infty} \frac{1 - 4 x}{2 x - 1} = - 2$ và $\lim_{x \to + \infty} \frac{1 - 4 x}{2 x - 1} = - 2$ nên đồ thị hàm số có tiệm cận ngang y = -2.

Chọn D.

Câu 16:

15/07/2024

Cho khối nón có chiều cao h = 3 và bán kính đáy r = 4. Thể tích của khối nón đã cho bằng

A. $16 π$

B. $48 π$

C. $36 π$

D. $4 π$

Xem đáp án

Cho khối nón có chiều cao h = 3 và bán kính đáy r = 4. Thể tích của khối nón (ảnh 1)

Thể tích của khối nón là $V = \frac{1}{3} π r^{2} h = \frac{1}{3} π {.4}^{2} .3 = 16 π .$

Chọn A.

Câu 17:

Tích phân $\int_{0}^{3} \frac{d x}{x + 3}$ bằng

A. $\frac{2}{15}$

B. $\log \frac{5}{3}$

C. $\ln \frac{5}{3}$

D. $\frac{16}{225}$

Xem đáp án

$\int_{0}^{2} \frac{d x}{x + 3} = (\ln |x + 3|) |\begin{array}{l} 2 \\ 0 \end{array} = \ln 5 - \ln 3 = \ln \frac{5}{3} .$

Chọn C.

Câu 18:

Với a là số thực dương bất kì, mệnh đề nào dưới đây đúng?

A. log(3a) = 3loga

B. $\log (3 a) = \frac{1}{3} \log a$

C. $\log a^{3} = 3 \log a .$

D. $\log a^{3} = \frac{1}{3} \log a .$

Xem đáp án

$\log a^{3} = 3 \log a .$

Chọn C.

Câu 19:

Trên mặt phẳng tọa độ, điểm nào dưới đây là điểm biểu diễn số phức z = 3 - 2i?

A. Q(2; -3)

B. P (-3; 2)

C. N(3; -2)

D. M(-2; 3)

Xem đáp án

Điểm biểu diễn số phức z = 3 - 2i là N(3; -2)

Chọn C.

Câu 20:

12/07/2024

Tập nghiệm của phương trình $\log_{2} (x^{2} - x + 2) = 1$ là

A. {1}

B. {0}

C. {0; 1}

D. {-1; 0}

Xem đáp án

Ta có: $\log_{2} (x^{2} - x + 2) = 1 \Leftrightarrow x^{2} - x + 2 = 2 \Leftrightarrow x^{2} - x = 0 \Leftrightarrow x (x - 1) = 0 \Leftrightarrow [\begin{array}{l} x = 0 \\ x = 1 \end{array} .$

Vậy tập nghiệm của phương trình đã cho là $S = \{0; 1\} .$

Chọn C.

Câu 21:

Tập nghiệm của bất phương trình

\log_{3} (x^{2} + 5) \leq 2

là

A. $[3; + \infty)$

B. $(- \infty; 3]$

C. [-8; 8]

D. [-2; 2]

Xem đáp án

Ta có: $\log_{3} (x^{2} + 5) \leq 2 \Leftrightarrow x^{2} + 5 \leq 9 \Leftrightarrow x^{2} - 4 \leq 0 \Leftrightarrow - 2 \leq x \leq 2.$

Vậy tập nghiệm của bất phương trình đã cho là [-2; 2]

Chọn D.

Câu 22:

Một vec tơ pháp tuyến của mặt phẳng đi qua ba điểm $M (1; 0; 0), N (0; - 1; 0)$ và P(0; 0; 2) là

A. $\vec{u} = (1; - 2; 1) .$

B. $\vec{u} = (1; - 1; 2)$

C. $\vec{u} = (2; - 2; 1)$

D. $\vec{u} = (1; 1; 2)$

Xem đáp án

Ta có $\vec{M N} = (- 1; - 1; 0), \vec{N P} = (0; 1; 2)$

$\Rightarrow [\vec{M N}, \vec{N P}] = (- 2; 2; - 1) .$

Vậy một vectơ có hướng của mặt phẳng đi qua ba điểm trên là: $\vec{u} = (2; - 2; 1) .$

Chọn C.

Câu 23:

Đường thẳng đi qua điểm M(2; 1; -5), vuông góc với giá của hai vectơ $\vec{a} = (1; 0; 1)$ và $\vec{b} = (4; 1; - 1)$ có phương trình:

A. $\frac{x + 2}{1} = \frac{y + 1}{5} = \frac{z - 5}{- 1} .$

B. $\frac{x + 2}{- 1} = \frac{y + 1}{5} = \frac{z - 5}{1} .$

C. $\frac{x - 2}{- 1} = \frac{y - 1}{5} = \frac{z + 5}{1}$

D. $\frac{x + 1}{2} = \frac{y - 5}{1} = \frac{z - 1}{- 5}$

Xem đáp án

Vì đường thẳng vuông góc với giá của hai vectơ $\vec{a} = (1; 0; 1)$ và $\vec{b} = (4; 1; - 1)$ nên một vectơ chỉ phương của đường thẳng là: $\vec{u} = [\vec{a}, \vec{b}] = (- 1; 5; 1) .$

Đường thẳng đi qua điểm M(2; 1; -5) có dạng $\frac{x - 2}{- 1} = \frac{y - 1}{5} = \frac{z + 5}{1} .$

Chọn B.

Câu 24:

Công thức tính thể tích V của khối trụ có bán kính đáy r và chiều cao h là

A. $V = π r h .$

B. $V = π r^{2} h$

C. $V = \frac{1}{3} π r h .$

D. $V = \frac{1}{3} π r^{2} h .$

Xem đáp án

Công thức tính thể tích V của khối trụ có bán kính đáy r và chiều cao h là $V = π r^{2} h .$

Chọn B.

Câu 25:

Cho hình chóp S.ABCD có đáy là hình thoi tâm O, tam giác ABD đều cạnh bằng $a \sqrt{2}, S A = \frac{3 a \sqrt{2}}{2}$ và vuông góc với mặt phẳng đáy. Góc giữa đường thẳng SO và mặt phẳng (ABCD) bằng

A. $60^{0}$

B. $45^{0}$

C. $30^{0}$

D. $90^{0}$

Xem đáp án

Cho hình chóp S.ABCD có đáy là hình thoi tâm O, tam giác ABD đều cạnh bằng (ảnh 1)

Ta có AO là hình chiếu vuông góc của SO trên mp(ABCD) nên góc giữa đường thẳng SO và mặt phẳng (ABCD) bằng góc giữa SO và AO

Xét tam giác SAO vuông tại A có $S A = \frac{3 a \sqrt{2}}{2}; A O = \frac{a \sqrt{6}}{2}$

$\tan \hat{S O A} = \frac{S A}{O A} = \frac{\frac{3 a \sqrt{2}}{2}}{\frac{\sqrt{6} a}{2}} = \sqrt{3} \Rightarrow \hat{S O A} = 60^{0} .$

Chọn A.

Câu 26:

16/07/2024

Cho hình lăng trụ đều ABC.A'B'C' có tất cả các cạnh bằng 2022. Khoảng cách từ điểm A đến mặt phẳng (BCC'B') bằng

A. $1011 \sqrt{3}$

B. $2022 \sqrt{3}$

C. $2022 \sqrt{2}$

D. $2011 \sqrt{2}$

Xem đáp án

Cho hình lăng trụ đều ABC.A'B'C' có tất cả các cạnh bằng 2022. Khoảng cách từ (ảnh 1)

Gọi H là trung điểm của BC

Ta có $\{\begin{cases} A H ⊥ B C \\ A H ⊥ B B' \end{cases} \Rightarrow A H ⊥ (B B' C' C)$

$\Rightarrow d (A, (B C C' B')) = A H = 1011 \sqrt{3}$ .

Chọn A.

Câu 27:

Điểm nào dưới đây nằm trên đường thẳng

d : \frac{x - 1}{- 2} = \frac{y + 3}{1} = \frac{z - 4}{5} ?

A. $N (1; 3; - 4)$

B. $P (- 2; 1; 5)$

C. $M (- 1; - 2; 9)$

D. $Q (3; - 4; 5)$

Xem đáp án

Thử A: Thế tọa độ điểm N(1; 3; -4) vào phương trình đường thẳng $d : \frac{x - 1}{- 2} = \frac{y + 3}{1} = \frac{z - 4}{5}$ ta được: $\frac{1 - 1}{- 2} = \frac{3 + 3}{1} = \frac{- 4 - 4}{5}$ (sai) $\Rightarrow N \notin d .$

Thử B: Thế tọa độ điểm P(-2; 1; 5) vào phương trình đường thẳng $d : \frac{x - 1}{- 2} = \frac{y + 3}{1} = \frac{z - 4}{5}$ ta được: $\frac{- 2 - 1}{- 2} = \frac{1 + 3}{1} = \frac{5 - 4}{5}$ (sai) $\Rightarrow P \notin d .$

Thử C: Thế tọa độ điểm M(-1; -2; 9) vào phương trình đường thẳng $d : \frac{x - 1}{- 2} = \frac{y + 3}{1} = \frac{z - 4}{5}$ ta được: $\frac{- 1 - 1}{- 2} = \frac{- 2 + 3}{1} = \frac{9 - 4}{5}$ (đúng) $\Rightarrow M \in d .$

Chọn C.

Câu 28:

Cho ba điểm $M (- 1; 3; 2), N (2; 1; - 4)$ và P(5; -1; 8). Trọng tâm của tam giác MNP có tọa độ

A. (2; 0; -2)

B. (1; 0; -1)

C. (2; 1; 2)

D. (2; 1; 1)

Xem đáp án

Gọi G là trọng tâm của tam giác MNP, ta có $\{\begin{cases} x_{G} = \frac{x_{M} + x_{N} + x_{P}}{3} \\ y_{G} = \frac{y_{M} + y_{N} + y_{P}}{3} \\ z_{G} = \frac{z_{M} + z_{N} + z_{P}}{3} \end{cases} \Leftrightarrow \{\begin{cases} x_{G} = \frac{- 1 + 2 + 5}{3} \\ y_{G} = \frac{3 + 1 - 1}{3} \\ z_{G} = \frac{2 - 4 + 8}{3} \end{cases} \Leftrightarrow \{\begin{cases} x_{G} = 2 \\ y_{G} = 1 \\ z_{G} = 2 \end{cases} \Rightarrow G (2; 1; 2) .$

Vậy tọa độ trọng tâm tam giác MNP là (2; 1; 2).

Chọn C.

Câu 29:

17/07/2024

Chọn ngẫu nhiên một số trong 17 số nguyên dương đầu tiên. Xác suất để chọn được số nguyên tố bằng

A. $\frac{9}{17}$

B. $\frac{6}{17}$

C. $\frac{8}{17}$

D. $\frac{7}{17}$

Xem đáp án

Chọn ngẫu nhiên một số trong 17 số nguyên dương có $C_{17}^{1} = 17$ cách $\Rightarrow$ Số phần tử của không gian mẫu là $n (Ω) = 17.$

Gọi A: “chọn được số nguyên tố” $\Rightarrow A = \{2; 3; 5; 7; 11; 13; 17\} \Rightarrow n (A) = 7.$

Vậy xác suất của biến cố A là $P (A) = \frac{n (A)}{n (Ω)} = \frac{7}{17} .$

Chọn D.

Câu 30:

20/07/2024

Gọi M, m lần lượt là giá trị lớn nhất và giá trị nhỏ nhất của hàm số $f (x) = x^{3} - 3 x - 6$ trên đoạn [0; 3]. Hiệu M - m bằng

A. 4

B. 20

C. 6

D. 18

Xem đáp án

Ta có $y' = 3 x^{2} - 3.$ Giải phương trình $y' = 0 \Leftrightarrow 3 x^{2} - 3 = 0 \Leftrightarrow [\begin{array}{l} x = - 1 \notin (0; 3) \\ x = 1 \in (0; 3) \end{array} .$

Do $y (0) = - 6; y (1) = - 8; y (3) = 12$ nên $M = \max_{[0; 3]} y = 12; m = \min_{[0; 3]} y = - 8.$

Vậy M - m = 20.

Chọn B.

Câu 31:

Một khối lập phương có thể tích bằng 27 thì độ dài cạnh của hình lập phương đó bằng

A. 16.

B. 3.

C. 12.

D. 9.

Xem đáp án

Gọi độ dài cạnh của hình lập phương là a

Thể tích hình lập phương là: $V = a^{3} = 27 \Rightarrow a = 3.$

Vậy độ dài cạnh của hình lập phương là a = 3.

Chọn B.

Câu 32:

Diện tích xung quanh của hình nón có bán kính đáy r = 5cm và độ dài đường sinh l = 4cm bằng

A. $40 π c m^{3}$

B. $40 π c m^{2}$

C. $20 π c m^{3}$

D. $20 π c m^{2}$

Xem đáp án

Ta có: $S_{x q} = π r l = π .5.4 = 20 π (c m^{2}) .$

Chọn D.

Câu 33:

Cho $a, b \in ℝ$ thỏa mãn $\frac{a + b i}{1 - i} = 3 + 2 i .$ Giá trị của tích ab bằng

A. -5

B. 5

C. 1

D. -1

Xem đáp án

Ta có: $\frac{a + b i}{1 - i} = 3 + 2 i \Leftrightarrow a + b i = (3 + 2 i) . (1 - i) = 5 - i \Leftrightarrow \{\begin{cases} a = 5 \\ b = - 1 \end{cases} .$

Nên ab = -5.

Chọn A.

Câu 34:

Mặt cầu

(S) : {(x + 2)}^{2} + y^{2} + {(z - 3)}^{2} = 2021

có tọa độ tâm là

A. (-2; 0; 3)

_{B. (2; 0; 3)}

C. (-2; 0; -3)

D. (2; 0; -3)

Xem đáp án

Mặt cầu $(S) : {(x + 2)}^{2} + y^{2} + {(z - 3)}^{2} = 2021$ có tọa độ tâm là (-2; 0; 3).

Chọn A.

Câu 35:

50 bài tập về sự đồng biến và nghịch biến của hàm số (có đáp án 2024) – Toán 12

Thể tích của khối lăng trụ có diện tích đáy B = 9 và chiều cao h = 8 bằng

A. 36

B. 24

C. 72

D. 17

Xem đáp án

Ta có $V = B . h = 9.8 = 72.$

Chọn C.

Câu 36:

19/11/2024

Hàm số nào dưới đây nghịch biến trên $ℝ$ ?

A. $y = x^{3} + x^{2} + x - 2021.$

B. $y = x^{4} + 3 x^{2} - 2.$

C. $y = \frac{x + 2}{x - 1} .$

D. $y = - x^{3} + 3 x^{2} - 3 x - 1.$

Xem đáp án

Đáp án đúng: D.

* Lời giải:

Ta có hàm số $y = - x^{3} + 3 x^{2} - 3 x - 1$ có $y' = - 3 x^{2} + 6 x - 3 = - 3 (x^{2} - 2 x + 1) = - 3 {(x - 1)}^{2} \leq 0 \forall x \in ℝ .$

$y' = 0 \Leftrightarrow x = 1.$

$\Rightarrow y = - x^{3} + 3 x^{2} - 3 x - 1$ nghịch biến trên $ℝ$

* Phương pháp giải:

- Tìm điều kiện cho hàm số đó xác định rồi tính đạo hàm và xét sự đồng biến/nghịch biến của hàm số đó trên bảng biến thiên

* Một số lý thuyết liên quan và dạng bài toán về đồng biến/nghịch biến:

a) Dạng 1: Tìm các khoảng đơn điệu của hàm số.

* Phương pháp làm bài:

– Bước 1: Tìm tập xác định của hàm số đã cho.

– Bước 2: Tính đạo hàm f′(x) , sau đó tìm các điểm x1,x2,…,xn mà tại đó đạo hàm của hàm số bằng 0 hoặc không xác định.

– Bước 3: Xét dấu đạo hàm và đưa ra kết luận về khoảng đồng biến và nghịch biến của hàm số.

+ Các khoảng mà f′(x)>0 là các khoảng đồng biến của hàm số.

+ Các khoảng mà f′(x)<0 là các khoảng nghịch biến của hàm số.

b) Dạng 2: Tìm giá trị của m để hàm số đơn điệu trên R.

* Phương pháp làm bài:

– Bước 1: Tính f′(x).

– Bước 2: Nêu các điều kiện của bài toán:

+ Hàm số y=f(x) đồng biến trên R⇔y′=f′(x)⩾0,với ∀x∈R và y′=0 tại một hữu hạn điểm.

+ Hàm số y=f(x) nghịch biến trên R⇔y′=f′(x)⩽0,với ∀x∈R và y′=0 tại một hữu hạn điểm.

– Bước 3: Từ các điều kiện trên sử dụng các kiến thức về dấu của nhị thức bậc nhất và tam thức bậc hai để tìm m.

c) Dạng 3: Tìm m để hàm số đơn điệu trên miền D đã cho trước.

* Phương pháp làm bài:

– Bước 1: Nêu các điều kiện để hàm số đơn điệu trên D:

+ Hàm số y=f(x) đồng biến trên D⇔y′=f′(x)⩾0, với ∀x∈D.

+ Hàm số y=f(x) nghịch biến trên D⇔y′=f′(x)⩽0,với ∀x∈D.

– Bước 2: Từ điều kiện trên hãy sử dụng các cách suy luận khác nhau cho từng bài toán để tìm m.

- Bước 3: Kết luận

d) Dạng 4: Tìm m để hàm số đồng biến, nghịch biến trên khoảng

– Bước 1: Tính y′

– Bước 2: Nêu điều kiện để hàm số đồng biến và nghịch biến:

– Bước 3: Đưa ra kết luận.

Xem thêm các bài viết liên quan hay, chi tiết:

Lý thuyết Sự đồng biến, nghịch biến của hàm số (mới 2024 + Bài Tập) – Toán 12

Bài tập Sự đồng biến nghịch biến của hàm số Toán 12 mới nhất

Câu 37:

Nếu $F (x) = x^{2}$ là một nguyên hàm của hàm số f(x) thì $\int_{0}^{1} [2021 - f (x)] d x$ bằng

A. 2020

B. 2022

C. 2021

D. 2019

Xem đáp án

Ta có: $\int_{0}^{1} [2021 - f (x)] d x = (2021 x - x^{2}) |\begin{array}{l} 1 \\ 0 \end{array} = 2020.$

Chọn A.

Câu 38:

Mặt cầu tâm I(5; 3; -2) và đi qua A(3; -1; 2) có phương trình

A. ${(x - 5)}^{2} + {(y - 3)}^{2} + {(z + 2)}^{2} = 36.$

B. ${(x - 5)}^{2} + {(y - 3)}^{2} + {(z + 2)}^{2} = 6.$

C. ${(x + 5)}^{2} + {(y + 3)}^{2} + {(z - 2)}^{2} = 36$

D. ${(x + 5)}^{2} + {(y + 3)}^{2} + {(z - 2)}^{2} = 6$

Xem đáp án

Mặt cầu tâm I(5; 3; -2) đi qua A(3; -1; 2) có bán kính

$R = |\vec{I A}| = \sqrt{{(5 - 3)}^{2} + {(3 + 1)}^{2} + {(- 2 - 2)}^{2}} = 6$

Phương trình mặt cầu là: ${(x - 5)}^{2} + {(y - 3)}^{2} + {(z + 2)}^{2} = 36.$

Chọn A.

Câu 39:

Cho mặt cầu $(S) : x^{2} + y^{2} + {(z - 4)}^{2} = 20.$ Từ điểm A(0; 0; -1) kẻ các tiếp tuyến tới mặt cầu (S) với các tiếp điểm nằm trên đường tròn (C). Từ điểm M di động ngoài mặt cầu (S) nằm trong mặt phẳng $(α)$ chứa (C), kẻ các tiếp tuyến tới mặt cầu (S) với các tiếp điểm nằm trên đường tròn (C'). Biết rằng, khi bán kính đường tròn (C') gấp đôi bán kính đường tròn (C) thì M luôn nằm trên một đường tròn (T) cố định. Bán kính đường tròn (T) bằng.

A. $2 \sqrt{21} .$

B. $\sqrt{34} .$

C. $\sqrt{10} .$

D. $5 \sqrt{2} .$

Xem đáp án

Mặt cầu tâm I(0; 0; 4) và bán kính $R = 2 \sqrt{5}$ .

Cho mặt cầu (S): x^2 + y^2 + (z - 4)^2 = 20. Từ điểm A(0; 0; -1) kẻ các tiếp tuyến (ảnh 1)

Ta có $\vec{I A} = (0; 0; - 5) \Rightarrow I A = 5.$ Gọi H là tâm đường tròn (C) và K là tiếp điểm của một tiếp tuyến kẻ từ A ta có

$A K = \sqrt{A I^{2} - I K^{2}} = \sqrt{5^{2} - {(2 \sqrt{5})}^{2}} = \sqrt{5} .$

Do đó bán kính đường tròn (C) là: $r_{C} = H K = \frac{A K . I K}{A I} = \frac{\sqrt{5} .2 \sqrt{5}}{5} = 2.$

Vì bán kính đường tròn (C') gấp đôi bán kính đường tròn (C) nên ta có $r_{C} = 4 \Rightarrow I M = 10.$

Tam giác IHK vuông tại H nên $I H = \sqrt{I K^{2} - H K^{2}} = \sqrt{20 - 2^{2}} = 4.$

$\Rightarrow H M = \sqrt{I M^{2} - I H^{2}} = \sqrt{10^{2} - 4^{2}} = 2 \sqrt{21} .$

Do H là tâm đường tròn (C) cố định, M di động nằm trên mặt phẳng $(α)$ do đó M thuộc đường tròn tâm H bán kính $H M = 2 \sqrt{21} .$

Chọn A.

Câu 40:

Có bao nhiêu số nguyên dương m sao cho ứng với mỗi m luôn có ít hơn 4041 số nguyên x thỏa mãn $(\log_{3} x - m) (\log_{3} (x + 4) - 1) < 0 ?$

A. 6.

B. 11.

C. 7.

D. 9.

Xem đáp án

Điều kiện: x > 0. Với x > 0 ta có $\log_{3} (x + 4) - 1 > 0$ nên $(\log_{3} x - m) (\log_{3} (x + 4) - 1) < 0$ xảy ra khi $\log_{3} x - m < 0 \Leftrightarrow 0 < x < 3^{m} .$ Theo giả thiết suy ra $3^{m} \leq 4041 \Leftrightarrow m < \log_{3} 4041 ≃ 7, 56.$

Do m nguyên dương suy ra $m \in \{1, 2, 3, 4, 5, 6, 7\} .$

Chọn C.

Câu 41:

Cho hàm số f(x) có đạo hàm cấp 2 liên tục trên $ℝ$ thỏa mãn số nguyên x thỏa mãn $f' (1) = 2021, f (1 - x) + x^{2} f'' (x) = 3 x, \forall x \in ℝ .$ Tính $I = \int_{0}^{1} x f' (x) d x$

A. 674

B. 673

C. $\frac{2021}{3} .$

D. $\frac{2020}{3} .$

Xem đáp án

Ta có $f (1 - x) + x^{2} f " (x) = 2 x, \forall x \in ℝ \Rightarrow f (1) = 0.$ Ta có

$\int_{0}^{1} (f (1 - x) + x^{2} f " (x)) d x = \int_{0}^{1} 2 x d x = 1 \Rightarrow 1 = \int_{0}^{1} (f (x) + x^{2} f " (x)) d x$ (Do $\int_{0}^{1} f (x) d x = \int_{0}^{1} f (1 - x) d x$ ).

Ta có:

$I = \int_{0}^{1} f (x) d x + \int_{0}^{1} x^{2} f " (x) d x = x f (x) |\begin{array}{l} 1 \\ 0 \end{array} - I + x^{2} f' (x) |\begin{array}{l} 1 \\ 0 \end{array} - 2 I = 2021 - 3 I \Rightarrow I = \frac{2020}{3} .$

Chọn D.

Câu 42:

và đồ thị hàm số y = f'(x) hình vẽ. Hàm số

Cho hàm số bậc bốn

f (x) = a x^{4} + b x^{3} + c x^{2} + d x + e (a, b, c, d, e \in ℝ),

biết

f (\frac{1}{2}) = - 1

g (x) = |2 f (x) - x^{2} + 2 x|

đồng biến trên khoảng

Cho hàm số bậc bốn f(x) = ax^4 + bx^3 + cx^2 + dx + e (a, b,c, d, e thuộc R) (ảnh 1)

A. $(2; + \infty) .$

B. (-1; 1)

C. (1; 2)

D. $(- \infty; - 1) .$

Xem đáp án

Cho hàm số bậc bốn f(x) = ax^4 + bx^3 + cx^2 + dx + e (a, b,c, d, e thuộc R) (ảnh 2)

Ta có $f' (x) = 4 a x^{3} + 3 b x^{2} + 2 c x + d; f " (x) = 12 a x^{2} + 6 b x + 2 c .$ Theo giả thiết ta có

$\{\begin{cases} f' (0) = 1 \\ f " (0) = 0 \\ f' (2) = 1 \\ f' (1) = 0 \end{cases} \Rightarrow \{\begin{cases} d = 1 \\ c = 0 \\ a = \frac{1}{4} \\ b = \frac{- 2}{3} \end{cases} .$ Suy ra $f' (x) = x^{3} - 2 x^{2} + 1; f (x) = \frac{x^{4}}{4} - \frac{2 x^{3}}{3} + x - \frac{275}{192} .$

Xét hàm số $h (x) = 2 f (x) - x^{2} + 2 x$ ta có $h' (x) = 2 f' (x) - 2 x + 2 \Rightarrow h' (x) = 0 \Leftrightarrow [\begin{array}{l} x = - 1 \\ x = 2 \\ x = 1 \end{array} .$

Ta có bảng biến thiên

Cho hàm số bậc bốn f(x) = ax^4 + bx^3 + cx^2 + dx + e (a, b,c, d, e thuộc R) (ảnh 3)

Từ bảng biến thiên suy ra hàm số g(x) đồng biến trên (1; 2)

Chọn C.

Câu 43:

19/07/2024

Cho hai đường thẳng $d_{1} : \frac{x + 5}{3} = \frac{y}{1} = \frac{z + 1}{- 2}, d_{2} : \frac{x}{1} = \frac{y}{2} = \frac{z + 1}{1}$ và A(1; 0; 0). Đường thẳng d vuông góc với mặt phẳng tọa độ (Oxy) đồng thời cắt cả $d_{1}$ và $d_{2}$ tại điểm M và N. Tính $S = A M^{2} + A N^{2} .$

A. S = 25

B. S = 20

C. S = 30

D. S = 33

Xem đáp án

Cho hai đường thẳng d1: x + 5/ 3 = y/1 = z + 1/-2; d2: x/1 = y/2 = z + 1/1 và A(1; 0; 0) (ảnh 1)

* Gọi $M \equiv d \cap d_{1}$ và $N \equiv d \cap d_{2} .$ Khi đó: $M (- 5 + 3 t_{1}; t_{1}; - 1 - 2 t_{1})$ và $N (t_{2}; 2 t_{2}; - 1 + t_{2}) .$

$\Rightarrow \vec{M N} = (t_{2} - 3 t_{1} + 5; 2 t_{2} - t_{1}; t_{2} + 2 t_{1}) .$

* $d ⊥ (O x y)$ và $M, N \in d \Rightarrow \vec{M N} ⊥ (O x y) \Rightarrow \vec{M N}$ là một vectơ pháp tuyến của (Oxy)

Mặt khác mặt phẳng (Oxy) có một vectơ pháp tuyến: ${\vec{n}}_{(O x y)} = \vec{k} = (0; 0; 1) .$

Do đó: $\vec{M N}$ và $\vec{k}$ là hai vectơ cùng phương $\Leftrightarrow \vec{M N} = h . \vec{k}$ hay tương đương với hệ:

$\{\begin{cases} t_{2} - 3 t_{1} + 5 = 0 \\ 2 t_{2} - t_{1} = 0 \\ t_{2} + 2 t_{1} = h \end{cases} \Leftrightarrow \{\begin{cases} t_{2} = 1 \\ t_{1} = 2 \\ h = 5 \end{cases} .$ Do đó: $M (1; 2; - 5), N (1; 2; 0) .$

* Ta có: $\vec{A M} = (0; 2; - 5), A M = |\vec{A M}| = \sqrt{29}, \vec{A N} = (0; 2; 0), A N = |\vec{A N}| = 2$

Vậy: $S = A M^{2} + A N^{2} = 29 + 4 = 33.$

Chọn D.

Câu 44:

16/07/2024

Cho hai hàm đa thức y = f(x), y = g(x) có đồ thị là các đường cong như hình vẽ. Biết rằng đồ thị hàm số y = f(x) có đúng một điểm cực trị là B, đồ thị hàm số y = g(x) có đúng một điểm cực trị là A và $A B = \frac{7}{4} .$ Có bao nhiêu số nguyên $m \in (- 2021; 2021)$ để hàm số $y = ||f (x) - g (x)| + m|$ có đúng 5 điểm cực trị?

Cho hai hàm đa thức y = f(x), y = g(x) có đồ thị là các đường cong như hình vẽ (ảnh 1)

A. 2019

B. 2021

C. 2022

D. 2020

Xem đáp án

Cho hai hàm đa thức y = f(x), y = g(x) có đồ thị là các đường cong như hình vẽ (ảnh 2)

* Đặt $h (x) = f (x) - g (x); h (x) = 0 \Leftrightarrow f (x) = g (x) \Leftrightarrow [\begin{array}{l} x = x_{1} \\ x = x_{2} \end{array} .$

$h' (x) = f' (x) - g' (x); h' (x) = 0 \Leftrightarrow x = x_{0} .$ Từ các đồ thị đã cho, ta có: $x_{1} < x_{0} < x_{2} .$

$h (x_{0}) = f (x_{0}) - g (x_{0}) = - [g (x_{0}) - f (x_{0})] = - A B = - \frac{7}{4} .$

Bảng biến thiên của h(x) và |h(x)|

Cho hai hàm đa thức y = f(x), y = g(x) có đồ thị là các đường cong như hình vẽ (ảnh 3)

Từ bảng biến thiên, ta thấy: hàm số y = |h(x)| có 3 điểm cực trị.

* Đồ thị hàm số $y = |h (x)| + m$ có cùng số điểm cực trị với đồ thị hàm số y = |h(x)|. Do đó, hàm số $y = |h (x)| + m$ cũng có 3 điểm cực trị.

* Hàm số $y = | |h (x)| + m |$ có số điểm cực trị bằng số điểm cực trị của hàm số $y = |h (x)| + m$ cộng số giao điểm không trùng với các điểm cực trị của đồ thị hàm số $y = |h (x)| + m$ với trục Ox.

Vì vậy, để hàm số $y = | |h (x)| + m |$ có đúng 5 điểm cực trị thì đồ thị hàm số $y = |h (x)| + m$ và trục Ox phải có 2 giao điểm khác các điểm cực trj hay đường thẳng y = -m phải cắt đồ thị hàm số y = |h(x)| tại 2 điểm phân biệt khác các điểm cực trị.

Từ bảng biến thiên của hàm số y = |h(x)|, điều kiện của m thỏa mãn ycbt là: $- m \geq \frac{7}{4} \Leftrightarrow m \leq - \frac{7}{4}$ , $m \in (- 2021; 2021)$

và $m \in ℤ \Rightarrow m \in \{- 2020; - 2019; ...; - 2\} .$

Vậy số giá trị nguyên của m thỏa mãn là: 2019.

Chọn A.

Câu 45:

Cho hàm số $f (x) = \{\begin{cases} x^{2} - 5 x + 3 khi x \geq 7 \\ 2 x + 3 khi x < 7 \end{cases}$ . Tích phân $\int_{0}^{\ln 4} f (2 e^{x} + 3) e^{x} d x$ bằng

A. $\frac{1148}{3}$

B. $\frac{220}{3}$

C. $\frac{115}{3}$

D. $\frac{287}{3}$

Xem đáp án

Xét tích phân $I = \int_{0}^{\ln 4} f (2 e^{x} + 3) e^{x} d x .$

Đặt $t = 2 e^{x} + 3 \Rightarrow d t = 2 e^{x} d x$ hay $e^{x} d x = \frac{1}{2} d t .$

Đổi cận: $x = 0 \Rightarrow t = 5; x = \ln 4 \Rightarrow t = 11.$

Khi đó:

$I = \frac{1}{2} \int_{5}^{11} f (t) d t = \frac{1}{2} \int_{5}^{11} f (x) d x = \frac{1}{2} (\int_{5}^{7} f (x) d x + \int_{7}^{11} f (x) d x) = \frac{1}{2} [\int_{5}^{7} (2 x + 3) d x + \int_{7}^{11} (x^{2} - 5 x + 3) d x]$

$= \frac{1}{2} [(x^{2} + 3 x) |\begin{array}{l} 7 \\ 5 \end{array} + (\frac{x^{3}}{3} - \frac{5 x^{2}}{2} + 3 x) |\begin{array}{l} 11 \\ 7 \end{array}] = \frac{1}{2} (30 + \frac{484}{3}) = \frac{287}{3} .$

Vậy $\int_{0}^{\ln 4} f (2 e^{x} + 3) e^{x} d x = \frac{287}{3} .$

Chọn D.

Câu 46:

Có bao nhiêu số phức z thỏa mãn $|z| = |z + \bar{z}| = 2 ?$

A. 2

B. 3

C. 4

D. 1

Xem đáp án

Đặt z = x + yi với $x, y \in ℝ .$ Suy ra $\bar{z} = x - y i$ và $z + \bar{z} = 2 x .$

Ta có: $|z| = |z + \bar{z}| = 2 \Leftrightarrow \sqrt{x^{2} + y^{2}} = |2 x| = 2 \Leftrightarrow \{\begin{cases} |x| = 1 \\ x^{2} + y^{2} = 4 \end{cases} \Leftrightarrow \{\begin{cases} |x| = 1 \\ 1 + y^{2} = 4 \end{cases} \Leftrightarrow \{\begin{cases} |x| = 1 \\ |y| = \sqrt{3} \end{cases} .$

Vậy có 4 số phức z thỏa mãn đó là $1 + \sqrt{3} i, 1 - \sqrt{3} i, - 1 + \sqrt{3} i, - 1 - 3 i .$

Chọn C.

Câu 47:

Cho hình chóp S.ABC có $S A ⊥ (A B C); A B = 6, B C = 7, C A = 8.$ Góc giữa SA và mặt phẳng (SBC) bằng $60^{0} .$ Thể tích khối chóp S.ABC bằng

A. $\frac{315 \sqrt{3}}{8}$

B. $\frac{105 \sqrt{3}}{8}$

C. $\frac{105 \sqrt{5}}{8}$

D. $\frac{315 \sqrt{5}}{8}$

Xem đáp án

Cho hình chóp S.ABC có SA vuông góc (ABC); AB = 6; BC = 7; CA = 8 (ảnh 1)

Kẻ $A I ⊥ B C (I \in B C) \Rightarrow \{\begin{cases} A I ⊥ B C \\ S A ⊥ B C \\ A I \cap S A = \{A\} \end{cases} \Rightarrow B C ⊥ (S A I) \Rightarrow (S B C) ⊥ (S A I) .$

Và $(S B C) \cap (S A I) = S I .$

Suy ra SI là hình chiếu vuông góc của SA trên (SBC)

Suy ra $\hat{(S A, (S B C))} = \hat{(S A, S I)} = \hat{A S I} = 60^{0} .$

Tính được: $S_{A B C} = \sqrt{p (p - A B) (p - A C) (p - B C)} = \frac{21 \sqrt{15}}{4} .$

Mặt khác $S_{A B C} = \frac{1}{2} A I . B C \Rightarrow A I = \frac{2 S_{A B C}}{B C} = \frac{2. \frac{21 \sqrt{15}}{4}}{7} = \frac{3 \sqrt{15}}{2} .$

Tam giác SAI vuông tại A ta có:

$S A = \frac{A I}{\tan 60^{0}} = \frac{3 \sqrt{15}}{2 \sqrt{3}} = \frac{3 \sqrt{5}}{2} .$

Khi đó: $V_{S . A B C} = \frac{1}{3} . S_{A B C} . S A = \frac{1}{3} . \frac{21 \sqrt{15}}{4} . \frac{3 \sqrt{5}}{2} = \frac{105 \sqrt{3}}{8} .$

Chọn B.

Câu 48:

Có bao nhiêu cặp số nguyên dương (x, y) thỏa mãn $\ln \frac{x + 1}{5 y + 1} \leq 25 y^{4} + 10 y^{3} - x^{2} y^{2} - 2 y^{2} x,$ với $y \leq 2022 ?$

A. 10246500

B. 10226265

C. 2041220

D. 10206050

Xem đáp án

Ta có: $25 y^{4} + 10 y^{3} - x^{2} y^{2} - 2 y^{2} x$

$= 25 y^{4} + 10 y^{3} + y^{2} - x^{2} y^{2} - 2 y^{2} x - y^{2}$

$= (25 y^{4} + 10 y^{3} + y^{2}) - (x^{2} y^{2} + 2 y^{2} x + y^{2})$

$= y^{2} (25 y^{2} + 10 y + 1) - y^{2} (x^{2} + 2 x + 1)$

$= y^{2} [{(5 y + 1)}^{2} - {(x + 1)}^{2}]$

Do đó: $\ln \frac{x + 1}{5 y + 1} \leq 25 y^{2} + 10 y^{3} - x^{2} y^{2} - 2 y^{2} x$

$\Rightarrow \ln (x + 1) - \ln (5 y + 1) \leq y^{2} [{(5 y + 1)}^{2} - {(x + 1)}^{2}]$

+) TH1: $x + 1 > 5 y + 1$ thì vế phải âm (không thỏa mãn).

+) TH2: $x + 1 \leq 5 y + 1$ thì vế trái không dương, vế phải không âm nên sẽ luôn thỏa mãn khi

$\{\begin{cases} [\begin{array}{l} \{\begin{cases} x + 1 > 0 \\ 5 y + 1 > 0 \end{cases} \\ \{\begin{cases} x + 1 < 0 \\ 5 y + 1 < 0 \end{cases} \end{array} \\ x + 1 \leq 5 y + 1 \end{cases} \Leftrightarrow \{\begin{cases} [\begin{array}{l} \{\begin{cases} x > - 1 \\ y > - \frac{1}{5} \end{cases} \\ \{\begin{cases} x < - 1 \\ y < - \frac{1}{5} \end{cases} \end{array} \\ x \leq 5 y \end{cases} .$ Do x, y là số nguyên dương nên ta có:

$\{\begin{cases} \{\begin{cases} x > - 1 \\ y > - \frac{1}{5} \end{cases} \\ x \leq 5 y \end{cases} \Leftrightarrow \{\begin{cases} x \geq 1 \\ y \geq 1 \\ x \leq 5 y \end{cases} (y \leq 2022; x, y \in ℤ) .$

Vậy $y \in [1; 2022], x \in [1; 10110] .$

Ứng với mỗi y nguyên dương có 5y cặp (x, y) Do đó số cặp:

$5 (1 + 2 + 3 + ... + 2022) = \frac{5.2022.2023}{2} = 10226265$ cặp.

Chọn B.

Câu 49:

Cho số phức z thỏa mãn $|z - \bar{z}| + |z + \bar{z}| \leq 6.$ Giá trị nhỏ nhất của biểu thức $P = {|z - 2 + 3 i|}^{2} + {|z + 4 - 13 i|}^{2}$ bằng

A. 156

B. 155

C. 146

D. 147

Xem đáp án

Gọi z = x + yi với $x, y \in ℝ$ có điểm biểu diễn trên mặt phẳng (Oxy) là $M (x; y) \Rightarrow \bar{z} = x - y i .$

Ta có $|z - \bar{z}| + |z + \bar{z}| \leq 6 \Leftrightarrow |2 x| + |2 y| \leq 6 \Leftrightarrow [\begin{array}{l} x + y \leq 3, khi x \geq 0, y \geq 0 \\ - x - y \leq 3, khi x < 0, y < 0 \\ x - y \leq 3, khi x \geq 0, y < 0 \\ - x + y \leq 3, khi x < 0, y \geq 0 \end{array}$ .

Cho số phức z thỏa mãn Giá trị nhỏ nhất của biểu thức (ảnh 1)

Ta có $P = {|z - 2 + 3 i|}^{2} + {|z + 4 - 13 i|}^{2} = M A^{2} + M B^{2},$ với $A (2; - 3), B (- 4; 13) .$

Gọi I(-1; 5) là trung điểm của đoạn thẳng AB.

Suy ra $P = M A^{2} + M B^{2} = 2 M I^{2} + I A^{2} + I B^{2} .$

Biểu thức P đạt giá trị nhỏ nhất khi và chỉ khi IM đạt giá trị nhỏ nhất $\Leftrightarrow I M = I E = \sqrt{5} .$

Vậy giá trị nhỏ nhất cần tìm $2. {(\sqrt{5})}^{2} + {(\sqrt{9 + 64})}^{2} + {(\sqrt{9 + 64})}^{2} = 156.$

Chọn A.

Câu 50: