Đáp án D.

– Nhôm là kim loại nhẹ, màu trắng bạc, được ứng dụng rộng rãi trong đời sống.

Kim loại này được dùng để tạo thành vỏ máy bay do độ bền chắc và mỏng nhẹ của nó. Nhôm cũng được dùng để sản xuất các thiết bị và dụng cụ sinh hoạt như nồi, chảo, các đường dây tải điện, các loại cửa,… Phản ứng nhiệt nhôm còn được sử dụng để điều chế các kim loại có nhiệt độ nóng chảy cao (như crom hay vonfarm).

Đáp án B.

Quặng boxit có thành phần chính là Al₂O₃.

Đáp án D.

- Để xử lí sơ bộ nước thải trên, cần dùng dung dịch kiềm để kết tủa hiđroxit các ion kim loại nặng như Hg²⁺, Pb²⁺, Fe³⁺…

- Dùng Ca(OH)₂ thay vì NaOH hay KOH vì Ca(OH)₂ giá thành rẻ hơn và phổ biến hơn so với các dung dịch kiềm khác.

Đáp án C.

PTHH: $C_2{H}_{3}COOC{H}_3+NaOH\to C_2{H}_{3}COONa+C{H}_{3}OH$ .

Đáp án A.

Nước cứng là nước chứa nhiều ion Ca²⁺, Mg²⁺.

Đáp án D.

Alanin: quỳ tím không đổi màu.

Axit axetic: quỳ tím hóa đỏ.

Metylamin: quỳ tím hóa xanh.

Đáp án A.

NO: khí không màu hóa nâu trong không khí.

N₂: khí không màu.

N₂O: khí không màu.

NO₂: khí màu nâu.

Đáp án B.

Đáp án A.

- Tơ thiên nhiên: tơ tằm.

- Tơ nhân tạo (bán tổng hợp): tơ visco, tơ axetat.

- Tơ tổng hợp: tơ nilon-6,6, tơ capron, tơ enang.

Các kim loại được điều chế bằng phương pháp điện phân nóng chảy: Na, K, Al.

Đáp án B.

- Đisaccarit và polisaccarit tham gia phản ứng thủy phân trong môi trường axit tạo thành monosaccarit.

- Glucozơ là monosaccarit nên không tham gia phản ứng thủy phân.

Đáp án D.

Glixerol tác dụng với Cu(OH)₂/NaOH tạo phức xanh lam.

PTHH: $2C_3{H}_5{\left(OH\right)}_3+Cu{\left(OH\right)}_2\to {\left[C_3{H}_5{\left(OH\right)}_{2}O\right]}_{2}Cu+2H_{2}O$

Đáp án C.

Xem phản ứng khử oxit kim loại là quá trình chất khử lấy O trong oxit.

Nên sau phản ứng khối lượng khí tăng thêm 4,8 gam chính là khối lượng O trong oxit mất đi.

$$\begin{gathered} n_O=0,3mol=n_{O\left(\text{ox}it\right)} \\ {m}_{Fe\left(\text{ox}it\right)}=m_{\text{ox}it}-m_O=11,2\left(g\right) \\ {n_F}_e=\frac{11,2}{56}=0,2mol \end{gathered}$$

Ta có: $\frac{n_{Fe}}{n_O}=\frac{0,2}{0,3}=\frac{2}{3}$

Nên oxit sắt là Fe₂O₃.

Đáp án A.

Ta có: $\frac{n_{O{H}^{-}}}{n_{C{O}_2}}=\frac{0,2}{0,1}=2$

Nên sau phản ứng chỉ tạo 1 muối là Na₂CO₃.

$\Rightarrow n_{N{a}_{2}C{O}_3}=n_{C{O}_2}=0,1$

Vậy $m_{N{a}_{2}C{O}_3}=0,1.106=10,6\left(gam\right)$ .

Đáp án C.

- Dung dịch làm quỳ tím hóa đỏ: (1), (3).

- Dung dịch không làm quỳ tím đổi màu: (2), (4), (5).

Đáp án A.

$$\begin{gathered} C_6{H}_{12}{O}_6+H_2\to C_6{H}_{14}{O}_6 \\ {n}_{glucozo}=n_{sobitol}=0,01mol \\ {m}_{glucozo}=1,8gam \end{gathered}$$

Đáp án A.

$H_{2}NRCOOH+NaOH\to H_{2}NRCOONa+H_{2}O$

Cách 1: $n_{muoi}=n_{a\min oaxit}=0,2mol$

$$\begin{gathered} \to M_{muoi}=\frac{m_{muoi}}{n_{muoi}}=111 \\ \to M_R=28 \\ \to M_{a\min oaxit}=89 \end{gathered}$$

Cách 2:

$$\begin{gathered} n_{muoi}=n_{a\min oaxit}=0,2mol \\ \to M_{muoi}=\frac{m_{muoi}}{n_{muoi}}=111 \\ {M}_{a\min oaxit}=M_{muoi}-22=89 \end{gathered}$$

Đáp án B.

Những chất có nhiệt độ sôi khác nhau được tách riêng bằng phương pháp chưng cất.

Một số phương pháp tách chất bằng phương pháp vật lí:

- Phương pháp lắng gạn: dùng để tách các chất rắn có khối lượng riêng khác nhau khỏi nước hoặc dung dịch.

- Phương pháp cô cạn: dùng để tách chất tan rắn (không hóa hơi khi gặp nhiệt độ cao) ra khỏi dung dịch.

- Phương pháp hóa học: dùng để tách kết tủa (chất rắn) khỏi dung dịch.

- Phương pháp chưng cất: dùng để tách các chất lỏng dễ bay hơi ra khỏi hỗn hợp.

Sau đó dùng phương pháp ngưng tụ để thu lại các chất.

- Phương pháp chiết tách: dùng để tách các chất lỏng không tan vào nhau từ hỗn hợp tách lớp.

- Phương pháp từ tính: dùng để tách chất bị nhiễm từ (bị nam châm hút) ra khỏi hỗn hợp rắn gồm chất bị nhiễm từ và chất không bị nhiễm từ.

Đáp án C.

A sai vì $HC{O}_3^{-}+O{H}^{-}\to C{O}_3^{2-}+H_{2}O$

B sai vì $C{a}^{2+}+C{O}_3^{2-}\to CaC{O}_3$

D sai $A{g}^{+}+C{l}^{-}\to AgCl$

Đáp án B.

Những phát biểu đúng: (a), (b), (c).

(d) sai vì thủy phân tinh bột thu được glucozơ, còn thủy phân saccarozơ thu được glucozơ và fructozơ.

(e) sai vì cả glucozơ và fructozơ đều phản ứng với dung dịch AgNO₃/NH₃ tạo thành kết tủa bạc nên không thể phân biệt được.

(g) sai vì chỉ có glucozơ tác dụng với H₂ (xúc tác Ni, đun nóng) tạo sorbitol.

Đáp án C.

Kim loại thể hiện tính khử trong các phản ứng hóa học.

Đáp án C.

Triolein là chất béo không no: (C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅ (k = 6, số liên kết  C=C là 3) nên có khả năng làm mất màu dung dịch Br₂.

Đáp án A.

Những phát biểu đúng: (a), (b), (c).

Đáp án C.

$3FeO+10HN{O}_3\to 3Fe{\left(N{O}_3\right)}_3+NO+5H_{2}O$

Đáp án A.

Những phát biểu đúng: (a), (b), (c).

D sai vì tristearic, triolein có công thức lần lượt là: ${\left(C_{17}{H}_{35}\text{COO}\right)}_3{C}_3{H}_5,{\left(C_{17}{H}_{33}\text{COO}\right)}_3{C}_3{H}_5$

Đáp án A.

Không thể dùng CaO được vì: mặc dù CaO hút ẩm tốt, nhưng sau khi hút nước tạo thành Ca(OH)₂, Ca(OH)₂ dễ dàng tác dụng với khí Cl₂ sinh ra nên không thể thu được khí Cl₂.

Đáp án C.

$2KN{O}_3\stackrel{t°}{\to }2KN{O}_2+O_2$

    a                          5a

$4Fe{\left(N{O}_3\right)}_2\stackrel{t°}{\to }2F{e}_2{O}_3+8N{O}_2+O_2$

  b                                2b      0,25b

$$\begin{gathered} 4N{O}_2+O_2+H_{2}O\to 4HN{O}_3 \\ {n}_{N{O}_2}=2b \\ {n}_{O_2}=0,5a+0,25b \end{gathered}$$

Hỗn hợp Z tác dụng hết với nước nên khí NO₂ và O₂ phản ứng vừa đủ.

$$\begin{gathered} \to n_{N{O}_2}=4n_{O_2} \\ \to 2b=4.\left(0,5a+0,25b\right)\to 2a=b \end{gathered}$$

Lưu ý phương trình nhiệt phân đặc biệt: $4Fe{\left(N{O}_3\right)}_2\stackrel{t°}{\to }2F{e}_2{O}_3+8N{O}_2+O_2$

Đáp án D.

$$\begin{gathered} 0,2X\stackrel{O_2}{\to }\left\{\begin{array}{l}C{O}_2:0,55\\ H_{2}O:0,4\end{array}\right. \\ {n}_X=\frac{n_{C{O}_2}-n_{H_{2}O}}{k-1}\to n_X\left(k-1\right)=n_{C{O}_2}-n_{H_{2}O} \\ \to n_X.k-n_X=n_{C{O}_2}-n_{H_{2}O} \\ \to n_{\partial }-n_X=n_{C{O}_2}-n_{H_{2}O} \\ \to n_{\partial }=n_{C{O}_2}-n_{H_{2}O}+n_X=0,35mol \\ \to n_{B{r}_2}=n_{\partial }=0,35mol \end{gathered}$$

0,2 mol X làm mất màu 0,35 mol Br₂. Vậy muốn làm mất màu 0,7 mol Br₂ cân 0,4 mol X.

Đối với dạng bài hỗn hợp nhiều chất, có thể tìm điểm chung các chất rồi quy về hỗn hợp với số lượng chất ít hơn. Nhưng ở bài này, đề chỉ yêu cầu tính số mol Br₂, tức là tính số mol liên kết $\mathrm{\pi }$  nên chỉ cần áp dụng các công thức tính nhanh, biến đổi chúng thì có thể giải quyết bài toán.

Đáp án A.

$$\begin{gathered} n_{H^{+}}=2n_{H_{2}S{O}_4}+n_{HCl}=0,2mol \\ 2K+2H^{+}\to 2K^{+}+H_2\left(1\right) \end{gathered}$$

        $0,2\to$        0,1

Vì $n_{H_2\left(1\right)}<n_{H_2}=0,3$  nên K tác dụng với nước

$$\begin{gathered} 2K+2H_{2}O\to 2KOH+H_2\left(2\right) \\ \to n_{H_2\left(2\right)}=0,3-n_{H_2\left(1\right)}=0,3-0,1=0,2mol \\ \to n_{KOH}=2n_{H_2\left(2\right)}=0,4mol \end{gathered}$$

Cô cạn dung dịch sau phản ứng thu được chất rắn gồm:

$\left\{\begin{array}{l}KOH:0,4\\ K_{2}S{O}_4:0,05\left(n_{H_{2}S{O}_4}\right)\\ KCl:0,1\left(n_{HCl}\right)\end{array}\right.\to m=38,55gam$

Đáp án A.

X: Lòng trắng trứng (anbumin) là protein nên tham gia phản ứng màu biurê.

Y: Triolein thủy phân trong môi trường kiềm thu được glixerol tác dụng được với CuSO₄/NaOH.

Z: Anilin tham gia phản ứng thế với Br₂ làm mất màu dung dịch Br₂ và tạo kết tủa trắng.

T: Glucozơ chứa nhóm chức anđehit nên tham gia phản ứng tráng bạc.

Đáp án B.

Dựa vào độ dốc của đồ thị, xác định được:

- Giai đoạn 1:  điện phân hết, sinh ra khí Cl₂. (1)

- Giai đoạn 2: H₂O ở anot điện phân, khí O₂ thoát ra. (2)

- Giai đoạn 3: Khí thoát ra rất nhanh nên lúc này H₂O ở cả 2 điện cực điện phân, khí O₂ và H₂ thoát ra.

(1): $n_{C{l}_2}=0,04$

(2): $n_{O_2}=\frac{1,568-0,896}{22,4}=0,03$

$C{u}^{2+}+2e\to Cu 2C{l}^{-}\to C{l}_2+2e$      

                                                      0,04   0,08

                            $2H_{2}O\to 4H^{+}+O_2+4e$

                                                0,03   0,12

BT e: $n_{C{u}^{2+}}=\frac{0,08+0,12}{2}=0,1$

(3):

$C{u}^{2+}+2e\to Cu 2C{l}^{-}\to C{l}_2+2e$   

0,1  0,2                                            0,04 0,08

$2H_{2}O+2e\to 2O{H}^{-}+H_2 2H_{2}O\to 4H^{+}+O_2+4e$             

              2x              x                                               y    4y

$\left\{\begin{array}{l}x+y+0,04=\frac{3,248}{22,4}\left(n_{\uparrow }\right)\\ 0,2+2x=0,08+4y\left(BTe\right)\end{array}\right.\to \left\{\begin{array}{l}x=0,05\\ y=0,055\end{array}\right.$

BT e: $n_e=0,2+0,05.2=0,3\to z=5790$

Đáp án B.

$$\begin{gathered} m\left\{\begin{array}{l}Al:x\\ C{r}_2{O}_3:0,04\end{array}\right.\stackrel{t°}{\to }X\left\{\begin{array}{l}Al:x\\ Cr:0,08\\ O:0,12\end{array}\right.\stackrel{HCl}{\to }\left\{\begin{array}{l}2H^{+}+2e\to H_2\\ 0,2\leftarrow 0,1\\ 2H^2+O^{2-}\to H_{2}O\\ 0,24\leftarrow 0,12\end{array}\right. \\ {n}_{HCl}=0,2+0,24=0,44 \\ A{l}^{3+}+4O{H}^{-}\to Al{O}_2^{-}+2H_{2}O \\ C{r}^{2+}+2O{H}^{-}\to Cr{\left(OH\right)}_2 \\ C{r}^{3+}+4O{H}^{-}\to Cr{O}_2^{-}+2H_{2}O \\ Y\left\{\begin{array}{l}A{l}^{3+}:x\\ C{r}^{2+}:y\\ C{r}^{3+}:z\\ C{l}^{-}:0,44\end{array}\right.\to \left\{\begin{array}{l}3x+2y+3z=0,44\\ y+z=0,08\\ 4x+2y+4z=0,56\end{array}\right.\to \left\{\begin{array}{l}x=0,08\\ y=0,04\\ z=0,04\end{array}\right. \\ \to m=0,08.27=2,16gam \end{gathered}$$

Đối với hiđroxit của Crom thì chỉ có Cr(OH)₃ có tính lưỡng tính, còn Cr(OH)₂ thì không.

Đáp án B

Những phát biểu đúng: (a), (d).

(a) đúng. Có thể chuyển hóa chất béo lỏng thành chất béo rắn bằng phản ứng hiđro hóa.

(b) sai vì thủy phân saccarozơ thu được glucozơ và fructozơ.

(c) sai vì mật ong có chứa 30% là glucozơ nhưng có chứa 40% là fructozơ.

(e) sai vì dầu thực vật là chất béo nên không tan trong nước nhưng thủy phân trong axit, nhưng dầu bôi trơn là hiđrocacbon nên không tan trong nước, cũng không tan trong axit.

(g) sai vì (C₁₅H₃₁COO)₃C₃H₅ là chất béo no, ở điều kiện thường là chất rắn.

Đáp án D

Dung dịch Y tác dụng với AgNO₃ có thoát khí NO, chứng tỏ trong Y còn ion H⁺

$$\begin{gathered} \to n_{H^{+}}=4n_{NO}=0,16 \\ Y\left\{\begin{array}{l}F{e}^{2+}:x\\ C{u}^{2+}:z\\ C{l}^{-}:y\\ H^{+}:0,16\end{array}\right.\to n_{HCl}=y\to BTH:n_{H_{2}O}=\frac{y-0,16}{2} \end{gathered}$$Ta có: $n_{O\left(X\right)}=n_{H_{2}O}$

$$\begin{gathered} m_X=m_{KL\left(Y\right)}+m_{ran}+m_{O\left(X\right)}=56x+64z+5,12+\frac{y-0,16}{2}.16=56x+8y+64z+3,84 \\ {m}_{O\left(X\right)}=\frac{52}{305}m\to \frac{52}{305}.\left(56x+8y+64z+3,84\right)=8.\left(y-0,16\right)\left(1\right) \end{gathered}$$

BTĐT: $2z+2x=0,16+y\left(2\right)$

$64z+56x+0,16+35,5y=39,42\left(3\right)$

Từ (1) (2) (3) $\to \left\{\begin{array}{l}x=0,19\\ y=0,68\\ z=0,07\end{array}\right.$

$$\begin{gathered} Y\stackrel{AgN{O}_3}{\to }BTe:n_{Ag}=n_{F{e}^{2+}}-3n_{NO}=0,07 \\ \to m_1=m_{Ag}+m_{AgCl}=0,07.108+0,68.143,5=105,14\left(g\right) \end{gathered}$$

Đáp án A

Xem hỗn hợp X gồm:

$$\begin{gathered} \left\{\begin{array}{l}{C}_{15}{H}_{31}COOH:x\\ {\left(C_{15}{H}_{31}COO\right)}_3{C}_3{H}_5:y\\ C{H}_2:z\end{array}\right.\to \left\{\begin{array}{l}16x+51y+z=5,35\left(n_{C{O}_2}\right)\\ x+3y=0,3\left(n_{NaOH}\right)\\ 23x+72,5y=1,5z=7,675\left(n_{O_2}\right)\end{array}\right.\to \left\{\begin{array}{l}x=0,15\\ y=0,05\\ z=0,4\end{array}\right. \\ \to \left\{\begin{array}{l}{C}_{15}{H}_{31}COONa:0,15+0,05.3=0,3\\ C{H}_2:0,4\end{array}\right. \\ \to m=89gam \end{gathered}$$

Đáp án B

A có mùi trứng thối nên A là H₂S, suy ra X là S.

(1)  $H_2+S\to H_{2}S$

(2)  $O_2+S\to S{O}_2$

(3)  $S{O}_2+2H_{2}S\to 3S+2H_{2}O$

(4)  $S{O}_2+B{r}_2+2H_{2}O\to 2HBr+H_{2}S{O}_4$

(5)  $Fe+S\to FeS$

(6)  $FeS+2HBr\to FeB{r}_2+H_{2}S$

Những phản ứng oxi hóa khử: (1), (2), (3), (4), (5).

Đáp án D.

E tác dụng với NaOH thu được ancol đơn chức nên Y có công thức: (COOCH₃)₂

Ancol còn lại là: C₂H₅OH

X là: CH₃COONH₃CH₂COOC₂H₅

$$\begin{gathered} \to \left\{\begin{array}{l}{\left(COOC{H}_3\right)}_2:4x\\ C{H}_{3}COON{H}_{2}COO{C}_2{H}_5:3x\end{array}\right.\to 118.4x+163.3x=48,05\to x=0,05 \\ \to \left\{\begin{array}{l}{\left(COOC{H}_3\right)}_2:0,2\\ C{H}_{3}COON{H}_{3}C{H}_{2}COO{C}_2{H}_5:0,15\end{array}\right.\stackrel{NaOH}{\to }\left\{\begin{array}{l}{\left(COONa\right)}_2:0,2\\ C{H}_{3}COONa:0,15\\ N{H}_{2}C{H}_{2}COONa:0,15\end{array}\right. \\ \to m=53,65\left(g\right) \end{gathered}$$