[Năm 2022] Đề thi thử môn Hóa THPT Quốc gia có lời giải (30 đề) ( đề 12)

  • 5143 lượt thi

  • 40 câu hỏi

  • 50 phút

Danh sách câu hỏi

Câu 1:

19/07/2024

Chất nào sau đây có nhiệt độ sôi cao nhất?

Xem đáp án

Đáp án C

Phương pháp giải:

Nhiệt độ sôi theo chiều giảm dần các chất là axit > ancol > este (cùng loại hợp chất, chất nào có phân tử khối lớn hơn sẽ có nhiệt độ sôi cao hơn).

Giải chi tiết:

Sắp xếp các chất theo chiều nhiệt độ sôi giảm dần là CH3COOH > HCOOH > C2H5OH > HCOOCH3.

Vậy chất có nhiệt độ sôi cao nhất là CH3COOH.


Câu 2:

21/07/2024

Cho thí nghiệm như hình vẽ:

Cho thí nghiệm như hình vẽ:Cho biết CuSO4 khan có vai (ảnh 1)

Cho biết CuSO4 khan có vai trò định tính nguyên tố nào?

Xem đáp án

Đáp án C

Phương pháp giải:

Dựa vào phương pháp phân tích định tính hợp chất hữu cơ.

Giải chi tiết:

CuSO4 khan có vai trò định tính nguyên tố H.

Hợp chất hữu cơ → CO2 + H2O

Bông trộn CuSO4 khan gặp H2O: chất rắn chuyển từ màu trắng → màu xanh (CuSO4.5H2O).


Câu 3:

19/07/2024

Bảng dưới đây ghi lại hiện tượng khi làm thí nghiệm với các chất X, Y, Z, T ở dạng dung dịch (hoặc chất lỏng):

Chất

Thuốc thử

X

Y

Z

T

Quỳ tím

Xanh

Tím

Tím

Đỏ

Dung dịch Br2

Không hiện tượng

Kết tủa trắng

Mất màu

Không hiện tượng

Chất X, Y, Z, T lần lượt là

Xem đáp án

Đáp án A

Phương pháp giải:

Dựa vào tính chất hóa học của các hợp chất X, Y, Z, T và kết hợp đáp án Hợp chất X, Y, Z, T.

Giải chi tiết:

Chất X, Y, Z, T lần lượt là metyl amin, anilin, glucozơ, axit glutamic.

* Quỳ tím:

- metyl amin làm quỳ tím hóa xanh do mang tính bazơ.

- axit glutamic làm quỳ tím hóa đỏ do mang tính axit.

- anilin và glucozơ không làm quỳ tím đổi màu.

* Dung dịch Br2.

- Anilin tạo kết tủa trắng.

C6H5NH2 + 3Br2 → C6H2(Br3)NH2trắng + 3HBr.

- Glucozơ làm mất màu dung dịch brom.

HOCH2[CHOH]4CHO + 2AgNO3 + 3NH3 + H2O t0  HOCH2[CHOH]4COONH4 + 2Ag ↓ + 2NH4NO3.


Câu 4:

19/07/2024

Chất nào sau đây có tính lưỡng tính?

Xem đáp án

Đáp án D

Phương pháp giải:

Hợp chất mang tính lưỡng tính: vừa mang tính axit, vừa mang tính bazơ.

Giải chi tiết:

H2NCH2COOH vừa mang tính axit (-COOH), vừa mang tính bazơ (-NH2) là chất có tính lưỡng tính.


Câu 5:

19/07/2024

Cho các phát biểu sau:

(a) Có thể dùng giấm ăn để giảm mùi tanh của cá.

(b) Thủy phân hoàn toàn các triglixerit đều thu được glixerol.

(c) Cao su lưu hóa có tính đàn hồi tốt hơn cao su chưa lưu hóa.

(d) Khi nấu canh cua, riêu cua nổi lên trên là hiện tượng đông tụ protein.

(e) Vải làm từ tơ nilon-6,6 kém bền trong nước xà phòng có tính kiềm.

(g) Muối mononatri glutamat được sử dụng làm mì chính (bột ngọt).

Số nhận xét đúng

Xem đáp án

Đáp án D

Phương pháp giải:

Dựa vào kiến thức tổng hợp về các hợp chất thuộc chương 2,3,4 (Hóa 12).

Giải chi tiết:

(a) đúng vì giấm ăn mang tính axit, mùi tanh của cá là do các amin (mang tính bazơ).

(b) đúng vì triglixerit là este của glixerol và axit béo.

(c) đúng.

(d) đúng.

(e) đúng vì vải làm từ nilon - 6,6 có nhóm CONH kém bền trong môi trường kiềm.

(g) đúng.


Câu 6:

23/07/2024

Cho m gam alanin phản ứng vừa đủ với dung dịch NaOH thu được dung dịch chứa 27,75 gam muối tan. Giá trị của m là

Xem đáp án

Đáp án D

Phương pháp giải:

PTHH: H2N – CH(CH3) – COOH + NaOH → H2N – CH(CH3) – COONa + H2O.

Dựa vào PTHH nalanin m.

Giải chi tiết:

nmuối = 27,75/111 = 0,25 (mol).

PTHH: H2N – CH(CH3) – COOH + NaOH → H2N – CH(CH3) – COONa + H2O.

Theo PTHH nalanin = nmuối = 0,25 (mol).

Vậy m = 0,25.89 = 22,25 gam.


Câu 7:

21/07/2024

Đốt cháy hoàn toàn 0,15 mol este mạch hở, no, đơn chức thu được CO2 và H2O có tổng khối lượng là 27,9 gam. Công thức phân tử của X là

Xem đáp án

Đáp án D

Phương pháp giải:

Este no, đơn chức, mạch hở khi đốt cháy nCO2 = nH2O.

Dựa vào tổng khối lượng CO2 và H2O nCO2.

Gọi CTPT của este là CnH2nO2 (n ≥ 2)

Bảo toàn nguyên tố C n CTPT của X.

Giải chi tiết:

Este no, đơn chức, mạch hở khi đốt cháy nCO2 = nH2O.

Ta có mCO2 + mH2O = 27,9 44.nCO2 + 18.nCO2 = 27,9 nCO2 = 0,45 (mol).

Gọi CTPT của este là CnH2nO2 (n ≥ 2) có số mol 0,15 (mol).

Bảo toàn nguyên tố C 0,15n = 0,45 n = 3.

Vậy CTPT của este là C3H6O2.


Câu 8:

19/07/2024

Khi bị ốm, mất sức, nhiều người bệnh thường được truyền dịch đường để bổ sung nhanh năng lượng. Chất đường trong dịch truyền trên là

Xem đáp án

Đáp án C

Phương pháp giải:

Dựa vào kiến thức lý thuyết tổng hợp về tính chất của các hợp chất cacbohiđrat.

Giải chi tiết:

Chất đường trong dịch truyền trên là glucozơ.


Câu 9:

22/07/2024

Phát biểu nào sai về tripeptit Gly-Ala-Val?

Xem đáp án

Đáp án A

Phương pháp giải:

Dựa vào kiến thức về tính chất hóa học của peptit và protein.

Giải chi tiết:

A sai vì tripeptit Gly-Ala-Val không phản ứng với HNO3 đặc tạo kết tủa vàng.

Kết tủa vàng xuất hiện khi cho dung dịch HNO3(đ) phản ứng chủ yếu do phản ứng nitro hóa vòng benzen ở các gốc amino axit Phe, Tyr,…


Câu 10:

19/07/2024

Polime nào sau đây có cấu trúc mạng lưới không gian?

Xem đáp án

Đáp án B

Phương pháp giải:

Dựa vào kiến thức về vật liệu polime.

Giải chi tiết:

Cao su lưu hóa có cấu trúc mạng lưới không gian.


Câu 11:

19/07/2024

Lên men rượu m gam tinh bột thu được V lít CO2 (đktc). Toàn bộ lượng CO2 sinh ra được hấp thụ vào dung dịch Ca(OH)2 dư thu được 12 gam kết tủa. Biết hiệu suất quá trình lên men là 90%. Giá trị của m là

Xem đáp án

Đáp án C

Phương pháp giải:

(C6H10O5)n → nC6H12O6 → 2nC2H5OH + 2nCO2

Dựa vào PTHH nC6H12O6 (LT) = nCO2/2 = nCaCO3/2 (mol) ntinh bột (LT) = nC6H12O6 (LT)/n (mol).

Do H = 90% ntinh bột (TT) m.

Giải chi tiết:

nCaCO3 = 12/100 = 0,12 (mol).

(C6H10O5)n → nC6H12O6 → 2nC2H5OH + 2nCO2

Theo PTHH nC6H12O6 (LT) = nCO2/2 = nCaCO3/2 = 0,06 (mol)

ntinh bột (LT) = nC6H12O6 (LT)/n = 0,06/n (mol).

Do H = 90% ntinh bột (TT) = (0,06/n).(100%/90%) = 1/15n (mol).

Vậy m = 162n.1/15n = 10,8 (gam).


Câu 12:

19/07/2024

Polime được điều chế từ phản ứng trùng ngưng là

Xem đáp án

Đáp án D

Phương pháp giải:

Dựa vào kiến thức về vật liệu polime.

Giải chi tiết:

Tơ lapsan được điều chế từ phản ứng trùng ngưng giữa axit terephtalic và etilen glicol.


Câu 13:

19/07/2024

Tơ nào sau đây thuộc loại tơ nhân tạo?

Xem đáp án

Đáp án B

Phương pháp giải:

Dựa vào kiến thức về vật liệu polime.

Giải chi tiết:

Tơ axetat thuộc loại tơ nhân tạo (tơ bán tổng hợp).


Câu 14:

19/07/2024

Cho dãy chuyển hóa: Glyxin  +HClX1 +NaOH  X2. Vậy X2

Xem đáp án

Đáp án A

Phương pháp giải:

Dựa vào tính chất hóa học của glyxin.

Giải chi tiết:

H2N – CH2 – COOH +HCl  ClH3N – CH2 – COOH +NaOH  H2N – CH2 – COONa.

PTHH:

H2N – CH2 – COOH + HCl → ClH3N – CH2 – COOH (X1)

ClH3N – CH2 – COOH + 2NaOH → H2N – CH2 – COONa (X2) + NaCl + 2H2O

Vậy X2 là H2NCH2COONa.


Câu 15:

19/07/2024

Hiđro hóa hoàn toàn triolein thu được triglixerit X. Đun X với dung dịch NaOH dư, thu được muối nào sau đây?

Xem đáp án

Đáp án B

Phương pháp giải:

Triolein có công thức là (C17H33COO)3C3H5 khi hiđro hóa sẽ tạo thành (C17H35COO)3C3H5 (X).

Dựa vào phản ứng hóa học giữa X và dung dịch NaOH muối.

Giải chi tiết:

Triolein có công thức là (C17H33COO)3C3H5 khi hiđro hóa sẽ tạo thành (C17H35COO)3C3H5 (X).

PTHH: (C17H35COO)3C3H5 + 3NaOH → 3C17H35COONa + C3H5(OH)3.

Vậy muối thu được là natri stearat.


Câu 16:

19/07/2024

Thủy tinh hữu cơ plexiglas là loại chất dẻo rất bền, trong suốt, có thể cho gần 90% ánh sáng truyền qua nên được sử dụng làm kính chống đạn, kính ô tô, kính máy bay, răng giả, ... Monome dùng sản xuất thủy tinh hữu cơ có tên gọi là

Xem đáp án

Đáp án A

Phương pháp giải:

Dựa vào kiến thức về vật liệu polime.

Giải chi tiết:

Monome trùng hợp ra thủy tinh hữu cơ plexiglas là metyl metacrylat (CH2 = C(CH3) – COOCH3).


Câu 17:

19/07/2024

Khi thủy phân este metyl benzoat trong dung dịch NaOH dư, đun nóng thu được sản phẩm hữu cơ gồm

Xem đáp án

Đáp án C

Phương pháp giải:

Este metyl benzoat có công thức là C6H5COOCH3.

Dựa vào phản ứng hóa học giữa este và dung dịch NaOH sản phảm hữu cơ.

Giải chi tiết:

Este metyl benzoat có công thức là C6H5COOCH3.

PTHH: C6H5COOCH3 + NaOH → C6H5COONa + CH3OH.


Câu 18:

23/07/2024

Phân tử khối trung bình của một loại cao su thiên nhiên là 98600. Số mắt xích trung bình của loại cao su trên là

Xem đáp án

Đáp án C

Phương pháp giải:

Cao su thiên nhiên có công thức phân tử là (C5H8)n (với n là số mắt xích trung bình).

Ta có Mtb = 68n = 98600 n (số mắt xích trung bình).

Giải chi tiết:

Cao su thiên nhiên có công thức phân tử là (C5H8)n (với n là số mắt xích trung bình).

Ta có Mtb = 68n = 98600 n = 1450.

Vậy số mắt xích trung bình của loại cao su thiên nhiên trên là 1450.


Câu 19:

19/07/2024

Cho 4,5 gam amin X no, đơn chức, mạch hở tác dụng với dung dịch HCl dư thu được 8,15 gam muối. Số nguyên tử hiđro trong phân tử X là

Xem đáp án

Đáp án B

Phương pháp giải:

Gọi công thức phân tử của X là CnH2n+3N (n ≥ 1).

PTHH: CnH2n+3N + HCl → CnH2n+4NCl

Bảo toàn khối lượng mHCl nHCl nX n CTPT của X.

Giải chi tiết:

Gọi công thức phân tử của X là CnH2n+3N (n ≥ 1).

PTHH: CnH2n+3N + HCl → CnH2n+4NCl

Bảo toàn khối lượng mHCl = mmuối – mX = 3,65 (g) nHCl = 3,65/36,5 = 0,1 (mol).

Theo PTHH nX = nHCl = 0,1 (mol).

MX = 14n + 17 = 4,5/0,1 = 45 n = 2.

Vậy CTPT của X là C2H7N (số H là 7).


Câu 20:

19/07/2024

Este etyl butirat có mùi dứa. Công thức cấu tạo của etyl butirat là

Xem đáp án

Đáp án A

Phương pháp giải:

Dựa vào kiến thức tổng hợp về công thức của một số este thường gặp.

Giải chi tiết:

Công thức cấu tạo của etyl butirat là CH3CH2CH2COOCH2CH3.


Câu 21:

19/07/2024

Anilin (C6H5NH2) và phenol (C6H5OH) đều có phản ứng với

Xem đáp án

Đáp án D

Phương pháp giải:

Dựa vào tính chất hóa học của anilin và phenol.

Giải chi tiết:

Anilin (C6H5NH2) và phenol (C6H5OH) đều có phản ứng với dung dịch Br2 tạo kết tủa trắng.

PTHH:

C6H5NH2 + 3Br2 → C6H2(Br3)NH2trắng + 3HBr

C6H5OH + 3Br2 → C6H2(Br3)OH ↓trắng + 3HBr


Câu 22:

19/07/2024

Cho các phát biểu sau về cacbohiđrat:

(a) Hồ tinh bột phản ứng với I2 cho dung dịch màu xanh tím.

(b) Tinh bột và xenlulozơ đều là polisaccarit.

(c) Fructozơ và saccarozơ đều không làm mất màu dung dịch Br2.

(d) Thủy phân hoàn saccarozơ trong môi trường axit chỉ thu được một loại monosaccarit duy nhất.

(e) Cacbohiđrat thường có công thức phân tử chung là Cn(H2O)m.

(f) Glucozơ và saccarozơ đều tác dụng với H2 (xúc tác Ni, đun nóng) tạo sobitol.

Số phát biểu đúng

Xem đáp án

Đáp án A

Phương pháp giải:

Dựa vào kiến thức tổng hợp về các hợp chất cacbohiđrat.

Giải chi tiết:

(a), (b), (c), (e) đúng.

(d) sai vì thủy phân hoàn saccarozơ trong môi trường axit thu được glucozơ và fructozơ.

(f) sai vì glucozơ và fructozơ (không phải saccarozơ) tác dụng với H2 (xúc tác Ni, đun nóng) tạo sobitol.


Câu 23:

19/07/2024

Số đồng phân amin bậc II của C4H11N là

Xem đáp án

Đáp án D

Phương pháp giải:

Dựa vào cách viết đồng phân amin (amin bậc 2 có dạng là R – NH – R’).

Giải chi tiết:

Các đồng phân amin bậc II của C4H11N là

CH3 – NH – CH2 – CH2 – CH3

CH3 – NH – CH(CH3) – CH3

CH3 – CH2 – NH – CH2 – CH3


Câu 24:

19/07/2024

Từ chất X thực hiện các phản ứng hóa học sau:

(1) X + KOH t0  Y + Z;

(2) Y + Br2 + H2O → T + 2HBr;

(3) T + KOH → Z + H2O.

Chất X có thể là

Xem đáp án

Đáp án D

Phương pháp giải:

Dựa vào đáp án và phản ứng (2) Y là CH3CHO T là CH3COOH và X có dạng RCOOCH=CH2.

Dựa vào phản ứng (3) Z X (dựa vào phản ứng (1)).

Giải chi tiết:

Dựa vào đáp án và phản ứng (2) Y là CH3CHO T là CH3COOH và X có dạng RCOOCH=CH2.

(2) CH3CHO (Y) + Br2 + H2O → CH3COOH (T) + 2HBr

(3) CH3COOH (T) + KOH → CH3COOK (Z) + H2O

(1) CH3COOCH=CH2 (X) + KOH t0  CH3COOK (Z) + CH3CHO (Y)

Vậy X có thể là CH3COOCH=CH2.


Câu 25:

19/07/2024

Nhận xét nào sau đây đúng?

Xem đáp án

Đáp án D

Phương pháp giải:

Lý thuyết chung về polime.

Giải chi tiết:

A sai, ví dụ các polime thuộc loại poliamit chứa nhóm CONH sẽ kém bền trong axit và bazo.

B sai, đa số polime không tan trong các dung môi thông thường.

C sai, hầu hết polime là các chất rắn không bay hơi.

D đúng.


Câu 26:

23/07/2024

Đun hỗn hợp X gồm 12 gam axit axetic và 11,5 gam ancol etylic với xúc tác H2SO4 đặc trong điều kiện thích hợp thu được 12,32 gam este. Hiệu suất phản ứng este hóa là

Xem đáp án

Đáp án B

Phương pháp giải:

Cách xác định hiệu suất tính theo chất nào?

Tương tự như cách xác định chất phản ứng hết.

PTHH: aA + bB → cC + dD

Đề bài cho biết nA và nB. Để biết được hiệu suất tính theo chất nào ta so sánh tỉ số  nAanBb .

Tỉ số nào nhỏ hơn thì hiệu suất tính theo chất đó.

Giải chi tiết:

nCH3COOH = 12/60 = 0,2 mol

nC2H5OH = 11,5/46 = 0,25 mol

nCH3COOC2H5 = 12,32/88 = 0,14 mol

PTHH: CH3COOH + C2H5OH CH3COOC2H5 + H2O (H2SO4 đặc, to)

Bđ:            0,2               0,25                                (do 0,2/1 < 0,25/1 H% tính theo CH3COOH)

Pư:            0,14 ←        0,14 ←             0,14

H% = 0,140,2.100%  = 70%.


Câu 27:

20/07/2024

Số tripeptit mạch hở có công thức phân tử C7H13O4N3

Xem đáp án

Đáp án B

Phương pháp giải:

Ta thấy tripeptit có 7C Tripeptit này được tạo bởi 2Gly và 1Ala.

Từ đó viết công thức các peptit thỏa mãn.

Giải chi tiết:

Ta thấy tripeptit có 7C Tripeptit này được tạo bởi 2Gly và 1Ala.

Vậy có 3 peptit thỏa mãn là: Gly-Gly-Ala; Gly-Ala-Gly; Ala-Gly-Gly.


Câu 28:

22/07/2024

Cho 13 gam C2H2 phản ứng với nước xúc tác HgCl2, đun nóng (hiệu suất phản ứng là 60%) thu được hỗn hợp A gồm CH3CHO và C2H2 dư. Cho A tác dụng hoàn toàn với lượng dư dung dịch AgNO3 trong NH3 thu được m gam kết tủa. Giá trị m là

Xem đáp án

Đáp án C

Phương pháp giải:

- Tính được nC2H2(bđ) nC2H2(pư) = nC2H2(bđ).H%.

- Tính theo PTHH để xác định thành phần của A:

            C2H2 + H2O → CH3CHO (xt: Hg2+)

- Khi cho A + dd AgNO3:

            C2H2 → Ag2C2

            CH3CHO → 2Ag ↓

mkết tủa = mAg2C2 + mAg.

Giải chi tiết:

nC2H2(bđ) = 0,5 mol nC2H2(pư) = 0,5.60% = 0,3 mol.

            C2H2 + H2O → CH3CHO (xt: Hg2+)

Bđ:       0,5                                                      (mol)

Pư:       0,3 →                    0,3                        (mol)

Sau:     0,2                         0,3                         (mol)

A gồm C2H2 dư (0,2 mol) và CH3CHO (0,3 mol).

- Khi cho A + dd AgNO3:

            C2H2 → Ag2C2

            0,2 →      0,2               (mol)

            CH3CHO → 2Ag ↓

            0,3 →            0,6         (mol)

mkết tủa = mAg2C2 + mAg = 0,2.240 + 0,6.108 = 112,8 gam.


Câu 29:

19/07/2024

Chất nào sau đây không phải là este?

Xem đáp án

Đáp án A

Phương pháp giải:

Khi thay nhóm OH ở nhóm cacboxyl của axit cacboxylic bằng nhóm OR (R ≠ H) thì được este.

Giải chi tiết:

Chất C2H5COOH thuộc loại axit cacboxylic, không phải este.


Câu 30:

22/07/2024
Cho dãy các dung dịch: saccarozơ, etyl axetat, glixerol, ancol etylic, axit axetic, Gly-Ala, anbumin. Số chất phản ứng với Cu(OH)2 ở điều kiện thường là
Xem đáp án

Đáp án B

Phương pháp giải:

Một số loại chất thường gặp phản ứng với Cu(OH)2 ở điều kiện thường là:

- Axit cacboxylic.

- Chất có nhiều nhóm -OH gắn vào các nguyên tử C cạnh nhau.

- Peptit có từ 2 liên kết peptit trở lên (tripeptit trở lên).

Giải chi tiết:

Các chất phản ứng với Cu(OH)2 ở điều kiện thường: saccarozơ, glixerol, axit axetic, anbumin (4 chất).


Câu 31:

19/07/2024

Cho hỗn hợp X gồm 3 este (chỉ chứa chức este) tạo bởi axit fomic với các ancol metylic, etylen glicol và glixerol. Đốt cháy hoàn toàn m gam X cần 3,584 lít O2 (đktc) thu được CO2 và 2,52 gam nước. Giá trị của m là

Xem đáp án

Đáp án D

Phương pháp giải:

Các este trong X là HCOOCH3, (HCOO)2C2H4, (HCOO)3C3H5 đều có đặc điểm chung là số nguyên tử C bằng số nguyên tử O.

Như vậy ta đặt nO(X) = nC(X) = a mol.

BTNT C nCO2 = nC(X) = a mol.

BTNT O nO(X) + 2nO2 = 2nCO2 + nH2O giá trị của a.

BTKL mX = mCO2 + mH2O - mO2.

Giải chi tiết:

Tính được nO2 = 0,16 mol; nH2O = 0,14 mol.

Các este trong X là HCOOCH3, (HCOO)2C2H4, (HCOO)3C3H5 đều có đặc điểm chung là số nguyên tử C bằng số nguyên tử O.

Như vậy ta đặt nO(X) = nC(X) = a mol.

BTNT C nCO2 = nC(X) = a mol.

BTNT O nO(X) + 2nO2 = 2nCO2 + nH2O

                 a + 2.0,16 = 2a + 0,14

                 a = 0,18.

BTKL: mX = mCO2 + mH2O - mO2 = 0,18.44 + 0,14.18 - 0,16.32 = 5,32 gam.


Câu 32:

19/07/2024

Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp X gồm xenlulozơ, tinh bột, glucozơ và sacarozơ cần 13,44 lít O2 (đktc). Mặt khác thủy phân hoàn toàn m gam X trong môi trường axit thu được dung dịch Y. Lấy toàn bộ lượng glucozơ và fructozơ trong Y cho tác dụng với lượng dư dung dịch AgNO3/NH3 thu được a gam Ag. Giá trị của a là

Xem đáp án

Đáp án B

Phương pháp giải:

- Khi đốt cacbohiđrat luôn có: nCO2 = nO2(pư).

BTNT C nC(X) = nCO2.

- Khi thủy phân hoàn toàn hỗn hợp X ta thu được glucozơ và fructozo đều có CTPT C6H12O6. Gọi công thức chung của chúng là C6H12O6.

BTNT C nC6H12O6 = 1/6.nC(X).

- Khi cho glucozơ và fructozơ tráng gương:

C6H12O6 → 2Ag

nAg = 2nC6H12O6 mAg.

Giải chi tiết:

- Khi đốt cacbohiđrat luôn có: nCO2 = nO2(pư) = 0,6 mol.

BTNT C nC(X) = nCO2 = 0,6 mol.

- Khi thủy phân hoàn toàn hỗn hợp X ta thu được glucozơ và fructozo đều có CTPT C6H12O6. Gọi công thức chung của chúng là C6H12O6.

BTNT C nC6H12O6 = 1/6.nC(X) = 0,1 mol.

- Khi cho glucozơ và fructozơ tráng gương:

C6H12O6 → 2Ag

0,1 →          0,2 (mol)

mAg = 0,2.108 = 21,6 gam.


Câu 33:

19/07/2024

Đốt cháy hoàn toàn một lượng triglixerit X cần dùng 1,61 mol O2, thu được 1,14 mol CO2 và 1,06 mol H2O. Cho 26,58 gam X tác dụng vừa đủ với dung dịch NaOH thì khối lượng muối tạo thành là

Xem đáp án

Đáp án A

Phương pháp giải:

*X + O2 → CO2 + H2O:

+) Áp dụng BTKL mX.

+) BTNT O: 6nX + 2nO2 = 2nCO2 + nH2O nX.

Tính số mol X trong 26,58 gam X dựa vào tỷ lệ tương ứng.

*26,58 gam X + NaOH vừa đủ:

X   +   3NaOH → Muối + C3H5(OH)3

BTKL: mmuối = mX + mNaOH - mglixerol.

Giải chi tiết:

*X + O2: 1,61 → CO2: 1,14 + H2O: 1,06

+) BTKL: mX = 44.1,14 + 18.1,06 - 32.1,61 = 17,72 gam.

+) BTNT O: 6nX + 2nO2 = 2nCO2 + nH2O

6nX + 2.1,61 = 2.1,14 + 1,06

nX = 0,02 mol.

Tỷ lệ: 17,72 gam X tương ứng với 0,02 mol X.

      26,58 gam …………………0,03 mol.

*26,58 gam X + NaOH vừa đủ:

X   +   3NaOH → Muối + C3H5(OH)3

0,03 → 0,09   →                     0,03     (mol)

BTKL: mmuối = mX + mNaOH - mglixerol = 26,58 + 0,09.40 - 0,03.92 = 27,42 gam.


Câu 34:

21/07/2024

Hỗn hợp A gồm 1 amin đơn chức, 1 anken và 1 ankan. Đốt cháy hoàn toàn 12,95 gam hỗn hợp A cần V lít O2 thu được 19,04 lít CO2; 0,56 lít N2 và m gam nước. Biết các thể tích khí đo ở đktc. Tính V?

Xem đáp án

Đáp án B

Phương pháp giải:

Sơ đồ: 12,95gCxHyNCnH2nCmH2m+2+O2:aCO2:0,85H2O:bN2:0,025

+) BTKL: mhh A + mO2 = mCO2 + mH2O + mN2 phương trình (1)

+) BTNT O: 2nO2 = 2nCO2 + nH2O phương trình (2)

Giải hệ (1) (2) được a và b giá trị của V.

Giải chi tiết:

Sơ đồ: 12,95gCxHyNCnH2nCmH2m+2+O2:aCO2:0,85H2O:bN2:0,025

+) BTKL: mhh A + mO2 = mCO2 + mH2O + mN2

12,95 + 32a = 44.0,85 + 18b + 28.0,025

32a - 18b = 25,15 (1)

+) BTNT O: 2nO2 = 2nCO2 + nH2O

2a = 2.0,85 + b

2a - b = 1,7 (2)

Giải hệ (1) (2) được a = 1,3625; b = 1,025.

V = 22,4.1,3625 = 30,52 lít.


Câu 35:

23/07/2024

Cho hỗn hợp A gồm 0,1 mol alanin và 0,15 mol axit glutamic tác dụng với 300 ml dung dịch NaOH 1M, sau phản ứng thu được dung dịch B. Cho B phản ứng vừa đủ với dung dịch HCl thu được dung dịch D chứa m gam hỗn hợp muối tan. Giá trị của m là

Xem đáp án

Đáp án D

Phương pháp giải:

Để đơn giản ta coi B gồm Ala, Glu, NaOH.

Ala + HCl → Muối

Glu  +  HCl → Muối

NaOH + HCl → NaCl + H2O

BTKL: mmuối   = mAla + mGlu + mNaOH + mHCl - mH2O

Giải chi tiết:

Để đơn giản ta coi B gồm Ala, Glu, NaOH.

Ala + HCl → Muối

0,1 → 0,1                                (mol)

Glu  +  HCl → Muối

0,15 → 0,15                            (mol)

NaOH + HCl → NaCl + H2O

0,3 →      0,3 →               0,3 (mol)

BTKL: mmuối   = mAla + mGlu + mNaOH + mHCl - mH2O

                        = 0,1.89 + 0,15.147 + 0,3.40 + 36,5.(0,1 + 0,15 + 0,3) - 0,3.18

                        = 57,625 gam.


Câu 36:

21/07/2024

Đun nóng 13,6 gam hỗn hợp gồm benzyl fomat và phenyl axetat với dung dịch KOH dư, thấy lượng KOH phản ứng là 0,16 mol, thu được m gam muối. Giá trị m là

Xem đáp án

Đáp án C

Phương pháp giải:

- Đặt ẩn là số mol mỗi chất.

- Đặt số mol mỗi chất vào các PTHH:

            HCOOCH2C6H5 + KOH → HCOOK + C6H5CH2OH

            CH3COOC6H5 + 2KOH → CH3COOK + C6H5OK + H2O

- Lập hệ phương trình về khối lượng hỗn hợp và số mol KOH. Giải hệ tìm được số mol các chất.

- Xác định thành phần của muối giá trị của m.

Giải chi tiết:

HCOOCH2C6H5 + KOH → HCOOK + C6H5CH2OH

            x →              x      →      x                                           (mol)

CH3COOC6H5 + 2KOH → CH3COOK + C6H5OK + H2O

            y →             2y →          y →               y                     (mol)

Ta có hệ phương trình 136x+136y=mhh=13,6x+2y=nKOH=0,16x=0,04y=0,06

Muối chứa HCOOK (0,04 mol); CH3COOK (0,06 mol) và C6H5OK (0,06 mol).

m = mmuối = 17,16 gam.


Câu 37:

21/07/2024

Tiến hành các bước thí nghiệm như sau:

Bước 1: Cho một nhúm bông vào cốc đựng dung dịch H2SO4 70%, đun nóng đồng thời khuấy đều đến khi thu được dung dịch đồng nhất.

Bước 2: Trung hòa dung dịch thu được bằng dung dịch NaOH 10%.

Bước 3: Lấy dung dịch sau khi trung hòa cho vào ống nghiệm đựng dung dịch AgNO3 trong NH3 dư, sau đó đun nóng.

Nhận định nào sau đây đúng?

Xem đáp án

Đáp án C

Phương pháp giải:

Lý thuyết về xenlulozo.

Giải chi tiết:

(C6H10O5)n (xenlulozơ) + nH2O H+,to  nC6H12O6 (glucozơ)

A sai, dung dịch I2 chỉ tạo được dung dịch màu xanh tím với hồ tinh bột.

B sai, trong cốc chỉ thu được 1 loại saccarit là glucozơ.

C đúng, vì glucozơ có phản ứng tráng gương.

D sai, phản ứng trên chứng minh xenlulozơ thủy phân sinh ra glucozơ.


Câu 38:

19/07/2024

Hỗn hợp E gồm tripeptit X (Gly-Ala-Lys) và chất hữu cơ Y (C4H12O2N2) đều mạch hở. Cho m gam E phản ứng vừa đủ với 400 ml dung dịch NaOH 1M, đun nóng, thu được 2,24 lít khí Z (đktc) và dung dịch chứa 3 muối. Đốt cháy Z bằng oxi rồi cho sản phẩm cháy qua dung dịch H2SO4 đặc dư thì khối lượng dung dịch tăng 4,5 gam và thoát 0,15 mol hỗn hợp khí CO2 và N2. Mặt khác, cho m gam E phản ứng với dung dịch HCl dư thu được a gam muối. Các phản ứng xảy ra hoàn toàn. Giá trị của a là

Xem đáp án

Đáp án A

Phương pháp giải:

Biện luận tìm được công thức Z là CH3NH2 Y: CH3CH(NH2)COONH3CH3.

*E + NaOH:

Gly-Ala-Lys + 3NaOH → GlyNa + AlaNa + LysNa + H2O

CH3CH(NH2)COONH3CH3 + NaOH → CH3CH(NH2)COONa + CH3NH2 + H2O

Từ nZ nY nX.

*E + HCl:

Gly-Ala-Lys + 2H2O + 4HCl → Muối

CH3CH(NH2)COONH3CH3 + 2HCl → CH3CH(NH3Cl)COOH + CH3NH3Cl

Áp dụng BTKL: mmuối = mE + mH2O + mHCl.

Giải chi tiết:

3 muối là GlyNa, AlaNa, LysNa  Y tạo ra 1 trong 3 muối này.

Nhưng do Y chỉ có 4C nên không tạo được LysNa Y tạo GlyNa hoặc AlaNa.

Theo đề đốt khí Z thu được H2O, CO2, N2 Z là amin Y là muối của amino axit và amin Z là amin đơn chức.

nZ = 0,1 mol nN2(do Z) = 0,05 mol nCO2(do Z) = 0,15 - 0,05 = 0,1 mol.

CZ = nCO2(do Z) : nZ = 0,1 : 0,1 = 1 Z là CH3NH2

Y là CH3CH(NH2)COONH3CH3.

*E + NaOH:

Gly-Ala-Lys + 3NaOH → GlyNa + AlaNa + LysNa + H2O

        0,1 ←       0,4 - 0,1                                                                                              (mol)

CH3CH(NH2)COONH3CH3 + NaOH → CH3CH(NH2)COONa + CH3NH2 + H2O

                   0,1 ←                      0,1 ←                                                0,1                  (mol)

*E + HCl:

Gly-Ala-Lys + 2H2O + 4HCl → Muối

       0,1 →          0,2 →   0,4                                                                                       (mol)

CH3CH(NH2)COONH3CH3 + 2HCl → CH3CH(NH3Cl)COOH + CH3NH3Cl

                     0,1 →                     0,2                                                                           (mol)

BTKL: mmuối = mE + mH2O + mHCl = 0,1.274 + 0,1.120 + 0,2.18 + 0,6.36,5 = 64,9 gam.


Câu 39:

19/07/2024

Hỗn hợp X chứa butan, đietylamin, etyl propionat và valin. Đốt cháy hoàn toàn 0,4 mol X cần dùng 2,66 mol O2, thu được CO2, H2O và N2. Toàn bộ sản phẩm cháy được dẫn vào dung dịch Ca(OH)2 dư thì thấy có a mol khí không bị hấp thụ. Giá trị của a là

Xem đáp án

Đáp án A

Phương pháp giải:

Butan: C4H10

Đietylamin: C4H11N = C4H10 + NH

Etyl propionat: C5H10O2

Valin: C5H11O2N = C5H10O2 + NH

Quy đổi hỗn hợp thành C4H10, C5H10O2, NH

Giải chi tiết:

Butan: C4H10

Đietylamin: C4H11N = C4H10 + NH

Etyl propionat: C5H10O2

Valin: C5H11O2N = C5H10O2 + NH

Quy đổi hỗn hợp thành C4H10, C5H10O2, NH

Sơ đồ: C4H10:xC5H10O2:yNH:z+O2:2,66CO2:4x+5yBTNT.CH2O:5x+5y+0,5zBTNT.HN2:0,5z

+) nhh X = x + y = 0,4 (1)

+) BTNT O 2nC5H10O2 + 2nO2 = 2nCO2 + nH2O

2y + 2.2,66 = 2.(4x + 5y) + 5x + 5y + 0,5z

13(x + y) + 0,5z = 5,32 (2)

Thay (1) vào (2) z = 0,24.

Khí không bị hấp thụ là N2 nN2 = 0,5z = 0,12 mol.


Câu 40:

19/07/2024

Cho hỗn hợp E gồm các oligopeptit đều được tạo thành từ Gly; Ala và Val. Thủy phân hoàn toàn 0,12 mol E trong NaOH dư thì thấy có 0,72 mol NaOH tham gia phản ứng. Toàn bộ lượng muối thu được đem đốt cháy thì cần dùng vừa đủ 3,24 mol O2. Khối lượng (gam) của 0,12 mol E là

Xem đáp án

Đáp án A

Phương pháp giải:

Do các peptit đều được tạo nên từ các a.a có 1 nhóm NH2 và 1 nhóm COOH

Quy đổi hỗn hợp thành CONH, CH2, H2O (với số mol H2O bằng số mol peptit).

Giải chi tiết:

Do các peptit đều được tạo nên từ các a.a có 1 nhóm NH2 và 1 nhóm COOH

Quy đổi hỗn hợp thành CONH, CH2, H2O (với số mol H2O bằng số mol peptit).

nCONH = nNaOH = 0,72 mol; nH2O = npeptit = 0,12 mol.

ECONH:0,72CH2:xH2O:0,12+NaOHMuoiCOONa:0,72NH2:0,72CH2:xO2Na2CO3:0,36BTNT.NaCO2:x+0,36BTNT.CH2O:x+0,72BTNT.HN2

Bảo toàn O cho phản ứng đốt muối 2nCOONa + 2nO2 = 3nNa2CO3 + 2nCO2 + nH2O

2.0,72 + 2.3,24 = 3.0,36 + 2.(x + 0,36) + (x + 0,72)

x = 1,8.

mE = mCONH + mCH2 + mH2O = 0,72.43 + 1,8.14 + 0,12.18 = 58,32 gam.


Bắt đầu thi ngay