Phương pháp:

Các cấu trúc của hệ tuần hoàn gồm: Tim và hệ mạch.

Cách giải:

Dựa vào phương pháp

Chọn D.

Phương pháp:

Cách giải:

Dựa vào phương pháp.

Chọn A.

Phương pháp:

Có 2 con đường thoát hơi nước chính quá lá là con đường qua khí khổng và con đường qua cutin.

Cách giải:

Dựa vào phương pháp.

Chọn C.

Cách giải:

Dựa vào cấu tạo của quả tim, ta nhận thấy:

- Tâm nhĩ trái máu đưa từ phổi về tim, máu ở đây sẽ giàu Oxygen.

- Động mạch phổi là máu từ tâm thất phải lên phổi, máu ở đây giàu CO₂

- Tĩnh mạch chủ là máu về tim, máu này cũng là máu giàu CO₂

- Tâm thất phải là máu từ tâm nhĩ phải về tim, do đó máu ở đây cũng giàu CO₂

Chọn A.

Cách giải:

Hệ dẫn truyền tim bao gồm: Nút xoang nhĩ → Nút nhĩ thất → Bó His → Mạng Pucskin.

Chọn C.

Cách giải:

Dựa vào phương pháp ta nhân thấy các hệ tuần hoàn đơn, kép,kín đều có mao mạch.

Riêng hệ tuần hoàn hở là không có mao mạch.

Chọn A.

Phương pháp:

Cách giải:

Theo học thuyết trung tâm, 3 cơ chế chính duy trì sự biểu hiện tính trạng của cơ thể là nhân đôi DNA, phiên mã, dịch mã.

Chọn D.

Cách giải:

Chọn A.

Phương pháp:

Có n Nu trong gia tống hợp RNA.

Số bộ ba tạo thành là n³

Cách giải:

Số bộ ba có thể có là 3³=27.

Chọn B.

Phương pháp:

Vùng mã hóa của gen gồm 2 vùng là intron và exon. Trong đó:

- Exon là vùng mã hóa cho các amino aicd không bị cắt bỏ sau quá trình hoàn thiện mRNA.

- Intron là vùng không mã hóa amino acid, sau khi tổng hợp qua quá trình hoàn thiện mRNA sẽ bị cắt bỏ.

Cách giải:

Dựa vào phương pháp. Intron là vùng không mã hóa amino acid.

Chọn A.

Phương pháp:

- Tính số Nu và số lượng từng loại Nu của gen bình thường và gen đột biến.

- Xem xét các ý hỏi.

Cách giải:

+ Gen bình thường:

- Gen có 150 chu kì xoắn, số Nu của gen 150 x 20 = 3000 (Nu).

- G = X = 3000 x 10% = 300 (nu)

- A = T = 1200 (Nu)

- Số lk H của gen = 2 x 1200 + 3 x 300 =3300 (lk)

+ Gen đột biến:

- Có 3000 Nu và 3301 lk H

- Nhận xét, gen đột biến có cùng số Nu và nhiều hơn gen bình thường 1 lk H

Đây là đột biết thay thế 1 cặp A – T bằng 1 cặp G – X .

Chọn D.

Cách giải:

- Số Nu của gen: $\text{N}=\frac{3060}{3,4}\times 2=1800$ (Nu)

- Số Nu từng loại của gen:

A = T = 100 + 250 = 350 (Nu)

G = X = 900 – 350 = 550 (Nu)

- Số lk H = 350 x 2 + 550 x 3 = 2350

Suy ra, số lk H của gen đột biến là 2347

Chọn C.

Cách giải:

$\begin{array}{l}\text{Aa}\times \text{Aa}\to \frac{3}{4}{A}_{-}:\frac{1}{4}aa\\ \text{Bb}\times \text{Bb}\to \frac{3}{4}{B}_{-}:\frac{1}{4}bb\\ \text{Cc}\times \text{Cc}\to \frac{3}{4}{C}_{-}:\frac{1}{4}cc\\ \text{Dd}\times \text{Dd}\to \frac{3}{4}{D}_{-}:\frac{1}{4}dd\end{array}$

Tỉ lệ kiểu hình A_bbC_D_ = $=\frac{3}{4}\times \frac{1}{4}\times \frac{3}{4}\times \frac{3}{4}=\frac{27}{256}$

Chọn A.

Phương pháp:

- Nhận biết bộ NST

- Chọn đáp án.

Cách giải:

- Tất cả các tế bào sinh dưỡng đều thừa 2 NST ở 1 cặp NST tương đồng, đây là dạng đột biến 2n+2.

Chọn C.

Phương pháp:

- Nhận biết một số dạng đột biến ở người.

Cách giải:

- Ở người 2n = 46. Bệnh Tocno có bộ NST XO, 2n=45

- Đây là đột biến thể một nhiễm.

Chọn A.

Phương pháp:

- Đột biến làm thay đổi cấu trúc của DNA thường là các đột biến liên quan đến mất, thêm một cặp nu, các dạng đột biến cấu trúc như mất, thêm đoạn, chuyển đoạn NST.

Cách giải:

Các ý đúng là I, II, III.

Chọn D.

Phương pháp:

Đột biến dạng thể 1 là dạng đột biến 2n-1.

Cách giải:

Ý A. Aaa là đột biến thể 3 nhiễm.

Ý B. Là cơ thể bình thường

Ý C. OD là đột biến thể 1 nhiễm.

Ý D. Là cơ thể bình thường.

Chọn C.

Phương pháp:

Xem xét từng đáp án.

Cách giải:

Cơ thể tạo ra giao tử ab thì trong cơ thể nó phải mang gen a và b.

Dùng phương pháp loại trừ.

Chọn C.

Phương pháp:

Kiểu gen dị hợp là kiểu gen có dạng Aa.

Cách giải:

Dựa vào phương pháp.

Chọn D.

Phương pháp:

Viết sơ đồ lai và kết luận.

Cách giải:

$\text{ P: }\frac{Ab}{Ab}\times \frac{aB}{aB}\to F_1:\frac{Ab}{aB}$

Phương pháp:

Bệnh do gen nằm trên tế bào chất (ti thể) quy định thì di truyền theo dòng mẹ.

Nghĩa là: mẹ bệnh thì con sẽ mang bệnh, không phân biệt nam hay nữ.

Cách giải:

LHON là bệnh do gen nằm trong ti thể. Do đó, bệnh di truyền theo dòng mẹ.

Chọn C.

Phương pháp:

Dùng phương pháp loại trừ.

Cách giải:

Các ý A,B không thể cho đời con có kiểu hình hoa trắng.

Ý C, Vì liên kết hoàn toàn nên không thể cho A_,bb

Chọn D.

Phương pháp:

Muốn cho đời con là X^aX^a, thì bố mẹ đều phải mang gen X^a

Cách giải:

Loại trừ các đáp số

Chọn B.

Phương pháp:

Sử dụng khung pennet để viết tỉ lệ kiểu gen ở đời P và F1.

Cách giải:

aaaa cho 1 loại giao tử là aa.

AAaa cho 3 loại giao tử với tỉ lệ 1AA:4Aa:1aa.

- Tổ hợp các tính trạng ta có:

1AAaa:4Aaaa:1aaaa. Tỉ lệ kiểu hình là 5 đỏ: 1 vàng.

Chọn B.

Phương pháp:

Vận dụng kiến thức về các giai đoạn trong pha sáng của quang hợp.

Quang hợp gồm 2 pha:

+ Pha sáng: Diễn ra trên màng thilacoit. Gồm 2 giai đoạn là quá trình quang lí và quang hóa.

+ Pha tối diễn ra trong chất nền Stroma.

Cách giải:

Có 2 ý đúng là I,II.

Ý I. Đúng. ATP tạo ra từ pha sáng sẽ tham gia vào quá trình cố định APG tạo glucose.

Ý II. Đúng. Oxy thải ra môi trường có nguồn gốc từ quang phân li nước.

Ý III. Sai. Vì ở thực vật CAM, ban ngày khi khí khổng đóng thì vẫn diễn ra pha sáng của quang hợp, do đó khi không có CO₂ thì quang phân li nước vẫn diễn ra.

Ý IV. Sai. Diệp lục a mới là trung tâm của phản ứng quang hóa.

Chọn C.

Cách giải:

Xem xét các ý hỏi.

Ý I. Đúng.

Ý II. Đúng. Theo đồ thị A.

Ý III. Đúng. Theo đồ thị B.

Ý IV. Đúng. Máu trong tĩnh mạch chủ là máu từ cơ quan về tim do đó nghèo oxy, còn máu trong động mạch chủ là máu đi nuôi cơ thể giàu Oxy.

Chọn C.

Phương pháp:

Viết nhanh kết quả phép lai của từng ý hỏi.

Loại trừ đáp án.

Cách giải:

Để đời con có tỉ lệ kiểu hình là 1 : 2 : 1. Thì cả bố và mẹ đều không thể cho giao tử AB. Loại trừ đáp án A và D.

Ý C sẽ cho đời con có 4 loại kiểu hình A_,B_; A_,bb; aa,B_; aa,bb.

Chọn B.

Cách giải:

$\frac{Ab}{aB}\to AB=\frac{f}{2}=\frac{20\%}{2}=10\%$

Chọn B.

Cách giải:

Cây cao nhất có kiểu gen aabbdd.

Cây thấp nhất có kiểu gen AABBDD.

AABBDD ´ aabbdd → AaBbDd  

Cây có 3 alen trội sẽ cao 100 – 5 ´ 3 = 85 cm.

Chọn A.

Cách giải:

ABD = 15%, suy ra BD = 30%, suy ra BD là giao tử liên kết f = (50% - 30%) x 2 = 40%.

Chọn D.

Cách giải:

Đứa trẻ số 2 là máu B (I^BI^B,I^BI^O) có thể là con của cặp bố mẹ số 1 hoặc 2. Vì bố mẹ số 3 không thể sinh con máu B.

Tuy nhiên đứa trẻ số 2 là M_, do đó không thể là con của cặp bố mẹ số 1. Vì cặp bố mẹ số 1 chỉ có thể sinh con MN hoặc N.

→ Đứa trẻ số 2 là con của cặp bố mẹ số 2.

Đứa trẻ số 1 máu O (I^OI^O) do đó không thể là con của cặp bố mẹ số 1, Vì cặp bố mẹ số 1 không thể sinh con máu O.

→ Đứa trẻ số 1 là con của cặp bố mẹ số 3.

→ Đứa trẻ số 3 là con của cặp bố mẹ số 1.

Chọn D.

Cách giải:

Ý A. Đúng. Vì ở đây dùng từ CÓ THỂ.17

Ý B. Đúng. Vì các gen phân l độc lập, cơ thể dị hợp 2 cặp gen sẽ cho ra 4 loại giao tử với tỉ lệ ngang nhau.

Ý C. Sai. Hình trên chỉ biểu diễn 1 cặp NST, không phải toàn bộ bộ NST.

Ý D. Đúng. Vì AB, ab là các giao tử liên kết, do đó tỉ lệ luôn bằng nhau.

Chọn C.

Cách giải:

- Con đực mắt đỏ có kiểu gen X^AY.

- Con cái mắt đỏ có kiểu gen bX^AX^A: cX^AX^a

- F1 có $\frac{1}{12}{X}^{a}Y=\frac{1}{2}Y\times \frac{1}{6}{X}^a\to \frac{1}{6}=\frac{1}{2}\times c\to c=\frac{1}{3}\to b=1-\frac{1}{3}=\frac{2}{3}$

- Suy ra, tỉ lệ các con cái thuần chủng là 2/3.

Chọn D.

Cách giải:

Xét tính trạng màu hoa, ta có: đỏ: hồng: trắng = 9 :6:1. P: AaBb x AaBb

Xét tình trạng chiều cao thân, ta có: cao: thấp = 3:1. P: Dd x Dd.

(9:6:1) x (3:1) khác với tỉ lệ đề bài nên quy luật di truyền liên kết chi phối phép lai.

- Ta có (A_; B_; D_ ) = 6/16. Suy ra, B_;D_ = 1/2. Không có kiểu gen bd/bd được tạo thành. (1)

- Ta có (A_;B_;dd) =3/16. Suy ra, B_; dd = 1/4. (2)

- Hoa hồng, thân thấp (aa;B_;dd) = 1/16. Suy ra B_;dd = 1/4.(3)

- Hoa trắng, thân cao (aa,bb,D_)=1/16. Suy ra bb,D_ = 1/4 . (4)

Từ (1),(2),(3) suy ra kiểu gen của

+ P là  $\frac{BD}{bd}\times \frac{Bd}{bD}$liên kết gen hoàn toàn.

Trong TH này F₁ có 3 x 4 = 12 kiểu gen.

+ Hoặc P: $\frac{Bd}{bD}\times \left(\frac{BD}{bd};\frac{Bd}{bD}\right);f=50\%$, các cá thể trong ngoặc diễn ra hoán vị gen.

Trong TH này F₁ có 3 x 7 = 21 kiểu gen.

Chọn D.

Cách giải:

- Xét tính trạng màu hoa, ta có: đỏ: trắng = 9 : 7. Suy ra F₁: AaBb x AaBb

- Xét tính trạng hình dạng cánh, ta có: kép: đơn = 3 :1. Suy ra F₁: Dd x Dd.

- (9:7) . (3:1) không giống với tỉ lệ đề bài, D liên kết với B hoặc A.

P: Các cây thuần chủng lai với nhau.

F₁ tự thụ thu F₂, có:

+ $49,5\%\left(A_{-},B_{-},{\text{D}}_{-}\right)\to B_{-};D_{-}=49,5\%:\frac{3}{4}=66\%\to bb,dd=16\%\to$hoa trắng, cánh đơn thuần chủng

$aa\frac{Bd}{Bd}+AA\frac{bd}{bd}+aa\frac{bd}{bd}=\frac{1}{4}\times 0,1\times 0,1+\frac{1}{4}\times 16\%+\frac{1}{4}\times 16\%=8,25\%$→A đúng.

+ Suy ra, ${\text{F}}_{1}Aa\frac{BD}{bd}\times Aa\frac{BD}{bd}$. Suy ra, kiểu gen của P có thể là $AA\frac{BD}{BD}\times aa\frac{bd}{bd};aa\frac{BD}{BD}\times AA\frac{bd}{bd}$ → D.sai

+ Hoa đỏ cánh kép dị hợp tử 1 cặp gen $Aa\frac{BD}{BD}+AA\frac{BD}{bD}+AA\frac{BD}{Bd}=\frac{1}{2}\times 16\%+\frac{1}{4}\times 2\times 0,4\times 0,1\times 2=12\%$

→ B sai.

+ Hoa trắng, cánh kép có (A_,bb,D_ + aa,bb,D_+ aa,B_,D_) = 2 x 2+1 x 2 + 1 x 5 =11 kiểu gen quy định.

→ C sai.

Chọn A.

Có 3 đáp án đúng, là ý I, II, III.

- Người số 4, 5 có kiểu gen aaX^BY, suy ra người số 9 có kiểu gen AaX^bY, số 2 có kiểu gen AaX^BY.

- Người số 12 có kiểu gen aaX^bY, suy ra người số 7 có kiểu gen AaX^BY, số 8 có kiểu gen AaX^BX^b.

Những người còn lại 1,3,6,10,11 chưa biết chắn chắn kiểu gen.

Ý I, đúng.

Ý II, đúng. Có tối đa 3 người 6,10,11 là không mang alen gây bệnh. Người số 1 là Aa, người số 3 là X^BX^b.

Ý III, đúng. Số 7 AaX^BY x số 8 AaX^BX^b.

- Xác xuất đứa con đó bình thường là $\frac{3}{4}\times \frac{3}{4}=\frac{9}{16}$

- Xác xuất đứa con đó không mang alen gây bệnh là $\frac{1}{4}\times \frac{1}{2}=\frac{1}{8}$

- Tỉ lệ $\frac{1}{8}:\frac{9}{16}=\frac{2}{9}$

Ý IV,sai.

- Kiểu gen của người số 10 là $\left(\frac{1}{3}AA:\frac{2}{3}Aa\right)\left(\frac{1}{2}{X}^B{X}^B:\frac{1}{2}{X}^B{X}^b\right)$

- Kiểu gen của người đàn ông là $\left(\frac{1}{3}AA:\frac{2}{3}Aa\right)X^{B}Y$

- Xác suất sinh con trai bị bệnh A và bệnh $B=\frac{1}{2}\times \frac{1}{4}\times \frac{2}{3}\times \frac{1}{10}\times \frac{1}{4}=\frac{1}{480}$

Chọn C.

Cách giải:

P cao đỏ x cao đỏ

F₁: 3 cao đỏ: 1 cao trắng

F₂: Xuất hiện thấp trắng.

→ P: AABb x AaBb

F₁: (1AA:1Aa)(1BB:2Bb:1bb)

F₁ giao phấn ngẫu nhiên:

(1AA:1Aa)(1BB:2Bb:1bb) x (1AA:1Aa)(1BB:2Bb:1bb)

G: (3A:1a)(1B:1b) x (3A:1a)(1B:1b)

→ F₂: (9AA:6Aa:1aa)(1BB:2Bb:1bb)

+ Các cây có 1 alen trội chiếm tỉ lệ: $\frac{6}{16}\times \frac{1}{4}+\frac{1}{16}\times \frac{1}{2}=\frac{1}{8}$

Thân cao, hoa trắng $\frac{6}{16}\times \frac{1}{4}:\frac{1}{8}=\frac{3}{4}$

Chọn D.