Đáp án A

Xenlulozơ thuộc loại polisaccarit nên là cacbohiđrat.

Đáp án C

(a)

 $$\begin{gathered} C{H}_2=C{\left(COO{C}_2{H}_5\right)}_2\left(X\right)+2NaOH \\ \to C{H}_2=C{\left(COONa\right)}_2\left(X_1\right)+2C_2{H}_{5}OH\left(X_3\right) \end{gathered}$$

(b)

 $$\begin{gathered} C{H}_2=C{\left(COONa\right)}_2\left(X_1\right)+2NaOH \\ \stackrel{CaO,t°}{\to }{C}_2{H}_4\left(X_4\right)+2N{a}_{2}C{O}_3 \end{gathered}$$

(c)

 $C_6{H}_{12}{O}_6\left(\text{glucozô}\right)\stackrel{\text{lên men}}{\to }2C_2{H}_{5}OH\left(X_3\right)+2C{O}_2$

(d)

$$\begin{gathered} C_2{H}_{5}OH\left(X_3\right) \\ \stackrel{H_{2}S{O}_{\mathit{4}},170°C}{\to }{C}_2{H}_4\left(X_4\right)+H_{2}O \end{gathered}$$

A. Sai, X₁ không hoà tan được Cu(OH)₂ ở nhiệt độ thường.

B. Sai, X có công thức phân tử là C₈H₁₂O₄.

D. Sai. Nhiệt độ sôi của X₄ nhỏ hơn X₃.

Đáp án A

$3C{H}_{3}N{H}_2+3H_{2}O+FeC{l}_3\to 3C{H}_{3}N{H}_{3}Cl+Fe{\left(OH\right)}_3$

Đáp án D

Đáp án B

$\begin{array}{l}{m}_{C{O}_2}+m_{H_{2}O}=50,4g;\\ m_{C{O}_2}=50,4-10,8=39,6g\\ \to n_{C{O}_2}=\frac{39,6}{44}=0,9mol\\ n_{ankin}=n_{C{O}_2}-n_{H_{2}O}=\\ 0,9-\frac{10,8}{18}=0,3mol\\ \to C_{ankin}=\frac{0,9}{0,3}=3\to C_3{H}_4\end{array}$

Đáp án C

Thủy phân saccarozơ trong môi trường axit mới cho glucozơ và fructozơ.

Đáp án D

$\begin{array}{l}Zn+2Fe{\left(N{O}_3\right)}_3\to 2Fe{\left(N{O}_3\right)}_2+Zn{\left(N{O}_3\right)}_2\\ Zn+Cu{\left(N{O}_3\right)}_2\to Cu+Zn{\left(N{O}_3\right)}_2\\ Zn+2AgN{O}_3\to 2Ag+Zn{\left(N{O}_3\right)}_2\\ Zn+Fe{\left(N{O}_3\right)}_2\to Fe+Zn{\left(N{O}_3\right)}_2\end{array}$

Đáp án A

Những loại polime có nguồn gốc xenlulozơ là: (b) sợi bông; (e) tơ visco; (g) tơ axetat.

Đáp án C

Cho khí CO dư đi vào ống sứ nung nóng đựng hỗn hợp X gồm $A{l}_2{O}_3,MgO,F{e}_3{O}_4,CuO$ thì CO chỉ khử các oxit kim loại sau nhôm:

$\begin{array}{l}4CO+F{e}_3{O}_4\stackrel{t°}{\to }3Fe+4C{O}_2\\ CO+CuO\stackrel{t°}{\to }Cu+C{O}_2\end{array}$

Chất rắn Y có chứa $A{l}_2{O}_3,MgO,Fe,Cu$

Cho chất rắn Y vào dung dịch NaOH dư thì: $A{l}_2{O}_3+2NaOH\to 2NaAl{O}_2+H_{2}O$.

Phần không tan Z là MgO, Fe và Cu.

Đáp án A

$\begin{array}{l}{n}_{benzen}=\frac{100.0,879}{78}=1,127mol;\\ n_{brombenzen}=\frac{80.1,495}{157}=0,762mol.\end{array}$

Hiệu suất phản ứng brom hóa $=\frac{0,762}{1,127}.100\%=67,6\%$ .

Đáp án D

Ta có phương trình:

$3Cu+8H^{+}+2N{O}_3^{-}\to 3C{u}^{2+}+2NO+4H_{2}O$.

Đáp án D

Công thức chung của X là $C_n{H}_{2n}{O}_2$ .

$\begin{array}{l}{C}_n{H}_{2n}{O}_2+\left(1,5n-1\right)O_2\to nC{O}_2+n{H}_{2}O\\ 0,1775mol0,145mol\\ \to 0,1775n=0,145\left(1,5n-1\right)\to n=3,625\end{array}$

1 muối + 2 ancol kế tiếp nên X có số C kế tiếp nhau.

Vậy X gồm $C_3{H}_6{O}_2$ và $C_4{H}_8{O}_2$ .

Đáp án C

$n_{Si}=\frac{39,{2.10}^3}{28}=1400kmol$

$\Rightarrow m_C=\frac{\mathrm{1400.2.12.100}}{75}=44800kg=44,8$ tấn

Đáp án D

Dãy các chất kim loại được sắp xếp theo chiều giảm dần tính khử là Zn, Cr, Fe, Ni, Cu, Ag, Au (theo dãy hoạt động hóa học của các kim loại).

Đáp án A

Đáp án C

Thuốc muối nabica để chữa bệnh đau dạ dày chứa muối $NaHC{O}_3$.

Đáp án A

Ở điều kiện thường, các chất béo chứa chủ yếu các gốc axit béo không no tồn tại ở thể lỏng, còn các chất béo chứa chủ yếu các gốc axit béo no tồn tại ở thể rắn nên ${\left(C_{17}{H}_{33}COO\right)}_3{C}_3{H}_5$  ở trạng thái lỏng.

Đáp án A

$$\begin{gathered} N{a}_{2}C{O}_3\stackrel{+C{O}_2+H_{2}O}{\to }NaHC{O}_3\stackrel{+NaHS{O}_4}{\to }N{a}_{2}S{O}_4\stackrel{+Ba{\left(OH\right)}_2}{\to } \\ NaOH\stackrel{+NaHC{O}_3}{\to }N{a}_{2}C{O}_3 \end{gathered}$$

Đáp án C

CTPT của X là $C_5{H}_8{O}_2$.

Thỏa mãn các dữ liệu đề bài thì X có CTCT là: $C{H}_3-COO-C{H}_2-CH=C{H}_2;$Y là  $C{H}_2=CH-C{H}_{2}OH;$  Z là $C{H}_{3}COOK$ .

A. Cả X, Y đều có khả năng làm mất màu dung dịch $KMn{O}_4$ loãng, lạnh  đúng vì X và Y có liên kết đôi ở gốc R.

B. Nhiệt độ nóng chảy của Z lớn hơn nhiệt độ nóng chảy của Y -> đúng vì muối có nhiệt độ nóng chảy cao hơn ancol.

C. Trong X có 2 nhóm $\left(-C{H}_3\right)\to$ sai vì X chỉ có 1 nhóm $\left(-C{H}_3\right)$.

D. Khi đốt cháy X tạo số mol $H_{2}O$ nhỏ hơn số mol $C{O}_2\to$đúng vì khi đốt cháy 1 mol X cho 4 mol $H_{2}O$ và 5 mol $C{O}_2$.

Đáp án A

Khí Z được thu bằng phương pháp đẩy $H_{2}O$ nên Z không tan và không phản ứng với $H_{2}O$ Loại B, C.

Loại D vì phản ứng này các chất tham gia đều ở trạng thái rắn và có xúc tác CaO.

Chọn A.

Đáp án C

Sơ đồ điều chế polime như sau (để đơn giản trong quá trình tính toán ta có thể bỏ hệ số n của polime)

$\begin{array}{l}C{H}_{3}OH+C_3{H}_{5}COOH\stackrel{H=60\%}{\to }{C}_3{H}_{5}COOC{H}_3\stackrel{H=80\%}{\to }polime\\ 1,21,21,2kmol\\ m_{C{H}_{3}OH}=1,2.32/\left(60\%.80\%\right)=80kg\\ m_{C_3{H}_{5}COOH}=1,2.86/\left(60\%.80\%\right)=215kg\end{array}$

Đáp án C

$\begin{array}{l}Fe+2F{e}^{3+}\to 3F{e}^{2+}\\ 0,050,1\\ Fe+C{u}^{2+}\to F{e}^{2+}+Cu\\ xx\\ \to \Delta m=64x-56\left(x+0,05\right)=m-m\to x=0,35mol\end{array}$

Vậy $m=64x=22,4g$ .

Đáp án D

X gồm $C_2{H}_4,C_3{H}_4,C{H}_4,C_4{H}_4\to$ Công thức chung của X là $C_x{H}_4$ .

$\begin{array}{l}{M}_X=12x+4=17.2=34\to x=2,5\\ C_{2,5}{H}_4+3,5O_2\to 2,5C{O}_2+2H_{2}O\\ 0,050,1250,1mol\end{array}$

$\Delta m$ bình $=m_{C{O}_2}+m_{H_{2}O}=7,3g$ .

Đáp án D

$\begin{array}{l}{n}_{S{O}_4^{2-}}=n_{H_2}=0,35mol\\ m_{muoi}=m_{kimloai}+m_{S{O}_4^{2-}}=47,1gam\end{array}$