Vì E + NaOH => muối của Alanin và Valin

=> X, Y, Z được tạo ra từ Ala và Val đều là amino axit no, đơn chức, mạch hở

CTTQ của X là: $C_n{H}_{2n+2-2k+x} N_x{O}_{x+1}$

$Xcháy\to nC{O}_2 +\left(n+1–k+x/2\right)H_{2}O$

 a                 an           a.(n + 1 – k + x/2)

Theo đề bài $n_{CO2} –n_{H2O} =a$

=> an – a.(n + 1- k + x/2) = a

=> k – x/2 = 2

Do k = x nên nghiệm thỏa mãn là k = x = 4

Tương tự Y, Z => X, Y, Z đều là các tetrapeptit

Gọi $n_X =a\left(mol\right);n_Y =b\left(mol\right)\left(ĐK:a<b\right)$

E + NaOH → muối + $H_{2}O$

=> $nNaOH = 4.(nX + nY + nZ) = 4a + 4b + 4.0,16$

$n_{H2O} =n_E =a+b+0,16$

BTKL:$m_E +m_{NaOH} =m_{muoi} +m_{H2O}$

=> 69,8 + 40.(4a + 4b + 0,64) = 101,04 + 18.(a + b + 0,16)

=> a + b = 0,06

$\begin{array}{l}=>n_E =a+b+0,16=0,22\left(mol\right)\\ =>M_E =317,27=>Zlà{\left(Ala\right)}_4 \left(M=302\right)\\ m_{(X,Y)} =m_E –m_Z =21,48\\ =>m_{(X,Y)} =358=>Ylà{\left(Ala\right)}_{3}Val\left(M=330\right)\end{array}$

Do ${\left(Ala\right)}_2{\left(Val\right)}_2$ nên X không thể là chất này. Có 2 trường hợp:

TH₁: $Xlà\left(Ala\right){\left(Val\right)}_3 \left(M=386\right)$

$m_{ muoi} =111.\left(a+3b+0,16.4\right) +139.\left(3a+b\right)=101,04$

Kết hợp a + b = 0,06 => a = b = 0,03 => loại vì theo đề bài $n_X <n_Y$

TH₂: $Xlà{\left(Val\right)}_4 \left(M=414\right)$

$m_{muoi} =139.\left(4a+b\right)+111.\left(3b+0,16.4\right)=0,04$

Kết hợp a + b = 0,06 => a = 0,02; b = 0,04 (thỏa mãn a < b)

$\Rightarrow \%X = \frac{0,02.414}{69,8}.100\% = 11,86\% \approx 11,8 \%$

Đáp án cần chọn là: A

Quy đổi hỗn hợp muối F thành HCOONa (a mol), $H_{2}N-C{H}_2-COONa\left(bmol\right)vàC{H}_2 \left(cmol\right)$

+) $m_F =68a+97b+14c=24,2\left(1\right)$

+) Đốt cháy F:

$HCOONa+0,5O_2 \to 0,5N{a}_{2}C{O}_3 +0,5C{O}_2 +0,5H_{2}O$

      a      →    0,5a        →                     0,5a

$H_{2}N-C{H}_2-COONa+2,25O_{2 }\to 0,5N{a}_{2}C{O}_3 +1,5C{O}_2 +2H_{2}O+0,5N_2$

          b            →        2,25b    →                        1,5b

$C{H}_{2 }+1,5O_{2 }\to C{O}_2 +H_{2}O$

  c    → 1,5c   →  c

$\begin{array}{l}=>n_{O2 }=0,5a+2,25b+1,5c=0,625\left(2\right)\\ =>n_{CO2} =0,5a+1,5b+c=0,425\left(3\right)\end{array}$

Giải hệ trên thu được a = 0,05; b = 0,2; c = 0,1

Do $n_{GlyNa} >n_{AlaNa}$ nên các muối gồm CH₃COONa (0,05 mol); GlyNa (0,15 mol); AlaNa (0,05 mol)

Este là $C{H}_{3}COO{C}_2{H}_5 \left(0,05mol\right)$

Ta có: $n_{Gly} :n_{Ala }=3:1$

Do số liên kết peptit ≤ 6 nên peptit là ($Gly{)}_{3}Ala\left(0,05mol\right)$

=> $\%m_X =74,71\%$ gần nhất với 74,7%

Đáp án cần chọn là: B

Do đốt cháy 0,16 mol peptit X hoặc 0,16 mol peptit Y hoặc 0,16 mol peptit Z đều thu được số mol $C{O}_2$có số mol nhiều hơn số mol của $H_{2}Olà0,16$ mol nên các peptit đều có chung dạng.

Đặt công thức chung peptit là $C_n{H}_{2n+2+m-2m}{N}_m{O}_{m+1}$

$n_{CO2} –n_{H2O} =npeptit$ nên ta có: n – (n+1-0,5m) = 1 => m = 4

Vậy X, Y, Z là các tetrapeptit.

Các peptit được tạo bởi Ala và Val nên ta có thể quy đổi thành:

$CONH,C{H}_2,H_{2}O$. Gọi số mol của peptit là a (mol) =>$n_{CONH} =4a$ (vì hỗn hợp là các tetrapeptit)

$69,8\left(g\right) E \left\{\begin{array}{c}CONH:4a\\ {\text{CH}}_2:b\\ {\text{H}}_{2}O:a\end{array}\right. + NaOH \to 101,04\left(g\right)\left\{\begin{array}{c}COONa:4a\\ {\text{NH}}_2:4a\\ {\text{CH}}_2:b\end{array}\right. muoi$

$\begin{array}{l}{m}_E =43.4a+14b+18a=69,8\\ m{ }_{muoi }=67.4a+16.4a+14b=101,04\end{array}$

Giải hệ thu được a = 0,22 và b = 2

Đặt$n_{AlaNa} =xmolvàn_{ValNa }=ymol$

$\begin{array}{l}m{ }_{muoi }=111x+139y=101,04\\ n_N =x+y=4a=0,88\end{array}$

Giải thu được x = 0,76 mol và y = 0,12

Số mắt xích Ala trung bình = 0,76 : 0,22 = 3,5 => $ZlàAl{a}_4$

Số mắt xích Val trung bình = 0,12 : 0,22 = 0,5 => $XlàVa{l}_4$

E gồm:

$\begin{array}{l}X:Va{l}_4\\ Y:Al{a}_{k}Va{l}_{4-k}\\ Z:Al{a}_4 \left(0,16mol\right)\end{array}$

+ Nếu k = 3

$\begin{array}{l}X:Va{l}_4\\ Y:Al{a}_{3}Val\\ Z:Al{a}_4 \left(0,16mol\right)\end{array}$

Bảo toàn mắt xích Ala được $n_Y =\left(0,76–0,16.4\right)/3=0,04mol$

$=>n_X =n_E –n_Y –n_Z =0,22–0,04–0,16=0,02$ thỏa mãn $n_X <n_Y$

$=>m_X =0,02.\left(117.4–18.3\right)=8,28gama$

$=>\%m_X =8,28/69,8.100\%=11,86\%$ gần nhất với 12%

Xét tương tự với k = 1 và k = 2 thấy không thỏa mãn $n_X <n_Y$

Đáp án cần chọn là: A

Quy đổi hỗn hợp về $CONH,C{H}_2,H_{2}O$

- Thủy phân 0,25 mol X trong 1,65 mol KOH vừa đủ:

$\begin{array}{l}{n}_{CONH} =n_{KOH}\\ n_{H2O }=n_X\\ =>n_{CONH} /n_{H2O}\end{array}$

- Đặt số mol của $CONH,C{H}_2,H_{2}O$ trong 54,525 gam X là 6,6x; y;  x

43.6,6x + 14y + 18x = 54,525 (1)

BTNT C: $n_{CO2} =6,6x+y$

BTNT H: $n_{H2O }=3,3x+y+x$

$m{ }_{bìnhtăng} =m_{CO2} +m_{H2O} =44.\left(6,6x+y\right)+18.\left(3,3x+y+x\right)=120,375\left(2\right)$

Giải (1) và (2) => x = 0,125; y = 1,2

Ta thấy 0,125 mol X chứa 1,2 mol $C{H}_2 =>0,25molX$ chứa 2,4 mol $C{H}_2$

Muối gồm có: COOK (1,65 mol); $N{H}_2 \left(1,65mol\right);C{H}_2 \left(2,4mol\right)$

=> m = 1,65.83 + 1,65.16 + 2,4.14 = 196,95 gam

Đáp án cần chọn là: B

Đặt a, b là số mol Gly và Ala trong m gam X ban đầu

Y: Gly-Gly (0,5a mol) và Ala-Ala (0,5b mol)

Gly-Gly có 8H nên đốt 1 mol Gly-Gly được 4 mol $H_{2}O$

Ala-Ala có 12H nên đốt 1 mol Ala-Ala được 6 mol $H_{2}O$

Đốt Y => $n{H}_{2}O=4.0,5a+6.0,5b=0,72\left(1\right)$

Với 2m gam X thì số mol Gly, Ala tương ứng là 2a, 2b.

Z: Gly-Gly-Gly (2a/3 mol) và Ala-Ala-Ala (2b/3 mol)

Gly-Gly-Gly có 11H nên đốt 1 mol Gly-Gly-Gly được 5,5 mol $H_{2}O$

Ala-Ala-Ala có 17H nên đốt 1 mol Ala-Ala-Ala được 8,5 mol $H_{2}O$

Đốt Z =>$n_{H2O} =5,5.\left(2a/3\right)+8,5.\left(2b/3\right)=1,34 \left(2\right)$

Giải (1) và (2) => a = 0,18; b = 0,12

m = 0,18.75 + 0,12.89 = 24,18 gam

Đáp án cần chọn là: A

Giả sử muối gồm: Ala-Na (u mol) và Lys-Na (v mol) => u+v = 0,288 (1)

Quy đổi 31,644 gam M thành:

CONH: u + v

CH₂: 3u + 6v – u – v = 2u + 5v (BTNT C)

$H_{2}O:x$

NH: v

$\begin{array}{l}{m}_M =43\left(u+v\right)+14\left(2u+5v\right)+18x+15v=31,644\left(2\right)\\ n_{CO2 }:n_{H2O} =228:233=>233\left(3u+6v\right)=228\left(0,5u+0,5v+2u+5v+x+0,5v\right)\left(3\right)\end{array}$

Giải (1), (2), (3) => u = 0,12; v = 0,168; x = 0,09

=> a = 111.0,12+168.0,168 = 41,544 gam => B đúng

$\% n_{Ala-Na}= \frac{0,12}{0,288}.100\% = 41,67\%$ => A đúng

$m_{CO2} +m_{H2O} =44\left(3.0,12+6.0,168\right)+18\left(2,5.0,12+6.0,168+0,09\right)=85,356gam$=> D sai

Đốt hết 0,09 mol M cần $0,75\left(u+v\right)+1,5.\left(2u+5v\right)+0,25v=1,878mol O_2$

Đốt b mol M cần $1,565mol O_2$

=> b = 0,075 mol => C đúng

Đáp án cần chọn là: D

Lời giải:

Đặt CTTQ peptit là: $R{N}_n{O}_{n+1}$

$R{N}_n{O}_{n+1} +nKOH\to Muoi+H_{2}O$

     x              nx                        x

BTKL: 4,63 + 56nx = 8,19 + 18x => 56nx – 18x = 3,56 (1)

* Đặt $n_{CO2} =y$

$m_{ddgiam} = 197y-44y-18.n_{H_{2}O}= 21,87$

$\Rightarrow n_{H_{2}O} =\frac{153\text{y}-21,87}{18} = 8,5y-1,215$

* Phản ứng cháy:

$n_{N2 }=0,5.nx$

BTKL phản ứng cháy: 4,63 + 0,1875.32 = 44y + (153y-21,87) + 28.0,5nx

=> 14nx + 197y = 32,5 (2)

BTNT O: nx + x + 0,1875.2 = 2y + (8,5y-1,215) => nx + x - 10,5y = -1,59 (3)

Giải (1), (2), (3) => nx = 0,07; x = 0,02; y = 0,16

$n_{BaC{O}_3}= n_{C{O}_2} = 0,16 mol \Rightarrow m_{BaC{O}_3} =0,16.197=31,52gam$

Đáp án cần chọn là: C

n_N2 = 0,0375 mol => n_N = 0,075 mol

Quy đổi M thành:

$\left\{\begin{array}{c}CONH:0,075\\ C{H}_2:x\\ H_{2}O:y\end{array}\right.\stackrel{+NaOH: 0,075 }{\to }\left|\begin{array}{c}MuoiQ \left\{\begin{array}{c}COONa:0,075\\ N{H}_2:0,075\\ C{H}_2:x\end{array}\stackrel{+O_2}{\to } \left\{\begin{array}{c}{\text{Na}}_{2}C{O}_3:0,0375\\ C{O}_2:x+0,0375\\ H_{2}O:x+0,075\\ N_2:0,0375\end{array}\right. \right.\\ H_{2}O:y \end{array}\right.$  

$\left\{\begin{array}{c}44\left(x+0,0375\right)+18\left(x+0,075\right)={\text{m}}_{\text{bình tăng}}=13,23\\ 0,075.0,5+x+y={\text{n}}_{H_{2}O\left(dot M\right)}=0,2275\end{array}\right.\to \left\{\begin{array}{c}x=0,165\\ y=0,025\end{array}\right.$

$\to m=43.0,075+14x+18y=5,985g$

Đáp án cần chọn là: C

Giả sử có x mol Gly-Na $\left(C_2{H}_4{O}_{2}NNa\right)vàymolAla-Na\left(C_3{H}_6{O}_{2}NNa\right)$

$x+y=n_{NaOH} =0,2\left(1\right)$

Khi đốt cháy muối thu được:$\mathbf{ }\mathit{N}{\mathit{a}}_{\mathbf{2}}\mathit{C}{\mathit{O}}_{\mathbf{3}}\mathbf{ }(0,1mol)\mathbf{,}\mathit{C}{\mathit{O}}_{\mathbf{2}}\mathbf{ }(2x+3y-0,1mol)\mathbf{,}{\mathit{H}}_{\mathbf{2}}\mathit{O}(2x+3ymol)\mathbf{,}\mathbf{ }{\mathit{N}}_{\mathbf{2}}\mathbf{ }(0,1mol)$

=> 2x + 3y - 0,1 + 2x + 3y + 0,1 = 0,84 (2)

Giải (1), (2) => x = 0,18; y = 0,02

=> Gly / Ala = 9

Gộp peptit: $X+2Y\to {\left(Gl{y}_{9}Ala\right)}_{k }+2H_{2}O$

Tổng số liên kết peptit trong X-Y-Y là 10k - 1

Mà 12 (X có 8, Y có 1) ≤ Số liên kết peptit X-Y-Y ≤ 19 (khi X có 1, Y có 8)

12 ≤ 10k - 1 ≤ 19 => 1,3 ≤ k≤ 2 => k = 2 đạt được khi X có 1 và Y có 8 lk peptit (X là đipeptit, Y là nonapeptit)

$X-Y-YlàGly9Ala \left(0,01mol\right)=>n_X =0,01;n_Y =0,02$

$\begin{array}{l}X:Gl{y}_{u}Al{a}_{2-u }\left(0,01mol\right)\\ Y:Gl{y}_{v}Al{a}_{9-v }\left(0,02mol\right)\left(u\le 2;v\le 8\right)\\ n_{Gly} =0,01u+0,02v=0,18=>u=2;v=8\\ XlàGly-Ala;YlàGl{y}_{8}Ala\end{array}$

Đáp án cần chọn là: C

Số mol peptit trong T = 0,42 + 0,14 = 0,56 (mol)

Quy đổi T thành:

CONH: 0,56 mol

$\begin{array}{l}C{H}_2:xmol\\ H_{2}O:0,1mol\end{array}$

Đốt cháy:

$\begin{array}{l}CONH+0,75O_2 \to C{O}_2 +0,5H_{2}O+0,5N_2\\ C{H}_2 +1,5O_2 \to C{O}_2 +H_{2}O\end{array}$

Ta thấy: theo PT (43.0,56 + 14x + 0,1.18) g T cần ( 0,75.0,56 + 1,5x) mol $O_2$

Theo đề bài: 13,2 (g) cần 0,63 mol $O_2$

=> 0,63(43.0,56 + 14x + 0,1.18) = 13,2 (0,75.0,56 + 1,5x)

=> x = 0,98 (mol)

Số C trung bình của muối = $nC/ nmuối = (0,56 + 0,98)/ 0,56 = 2,75$

=> Có 1 muối là Gly-Na: 0,42 mol

Muối còn lại: Y- Na: 0,14 mol

Bảo toàn nguyên tố C: 0,42.2 + 0,12. $C_Y =0,56+0,98$

=> C_Y = 5 => Y là Val

$\begin{array}{l}{T}_{1: } Gl{y}_{n}Va{l}_{5-n} :amol\\ T_2: Gl{y}_{m}Va{l}_{6-m} :bmol\end{array}$

$\left\{\begin{array}{c}\sum {\text{n}}_T=a+b=0,1\\ \sum {\text{n}}_N=5a+6b=0,56\end{array}\right.=> \left\{\begin{array}{c}a=0,04\\ b=0,06\end{array}\right.$

$n_{Gly} =0,04n+0,06m=0,42$

=> 2n + 3m = 21 (n ≤ 5; m ≤ 6)

=> n = 3 và m = 5 là nghiệm duy nhất

$=>T_1 làGl{y}_{3}Va{l}_2 =>M_{T1} =387$

Đáp án cần chọn là: D

$\begin{array}{l}{n}_{NaOH} =n_{GlyNa} +n_{AlaNa} =0,68mol\\ n_{H2O} =nA=0,14mol\end{array}$

BTKL: $m_A =m_{muoi} +m_{H2O} –m_{NaOH} =0,28.97+0,4.111+0,14.18–0,68.40=46,88gam$

BTNT H: $n_H{ }_{\left(A\right)} +n_{NaOH} =n_H{ }_{\left(GlyNa\right)} +n_H{ }_{\left(AlaNa\right)} +2n_{H2O}$

$=>n_{H\left(A\right) }=4.0,28+6.0,4+2.0,14-0,68=3,12mol$

Khi đốt 46,88 gam A ta thu được:

$\begin{array}{l}{n}_{CO2} =2.n_{GlyNa} +3.n_{AlaNa} =0,28.2+0,4.3=1,76mol\\ n_{H2O} =0,5.n_H{ }_{\left(A\right)} =1,56mol\\ =>m_{CO2} +m_{H2O} =1,76.44+1,56.18=105,52gam\end{array}$

Đốt 46,88 gam A thu được 105,52 gam $C{O}_2 +H_{2}O$

 Đốt    m   gam A      ←      63,312 gam $C{O}_2 +H_{2}O$

=> m = 28,128 gam

Đáp án cần chọn là: D

Quy đổi hỗn hợp X thành:

$\begin{array}{l}{C}_2{H}_{3}ON:0,44\left(mol\right)\left(Tínhtu{n}_{N2} =0,22mol\right)\\ C{H}_2:amol\\ H_{2}O:bmol\end{array}$

Trong phản ứng thủy phân X:

$X+NaOH\to Muoi+H_{2}O$

Khối lượng muối tăng so với X chính là lượng NaOH trừ đi lượng $H_{2}O$

$\begin{array}{l}=>m_{NaOH} –m_{H2O} =15,8\\ =>40.0,44–18b=15,8\\ =>b=0,1\left(mol\right)\end{array}$

Coi quá trình đốt cháy muối là quá trình đốt cháy X và NaOH ban đầu

$n_{Na2CO3} =n_{NaOH }/2=0,22\left(mol\right)$

BTNT C => $n_{CO2} =2n_{C2H3ON} +n_{CH2} –n_{Na2CO3} =2.0,44+a–0,22$

$=>n_{CO2} =a+0,66\left(mol\right)$

BTNT H $=>n_{H2O} =1,5.n_{C2H3ON} +n_{CH2} +\mathrm{½}.n_{NaOH}$

$\begin{array}{l}=>n_{H2O} =1,5.0,44+a+0,5.0,44\\ =>n_{H2O} =a+0,88\end{array}$

∑$m_{CO2+H2O} =\left(a+0,66\right).44+\left(a+0,88\right).18=56,04$

=> a = 0,18 (mol)

=>$m_X =0,44.57+0,18.14+0,1.18=29,4\left(g\right)$

Đặt x, y là số mol của A, B

$\left\{\begin{array}{c}\sum {\text{n}}_X=x+y=b=0,1\\ \sum {\text{n}}_{\text{NaOH}}=4x+5y=0,44\end{array}\right.=> \left\{\begin{array}{c}x=0,06\\ y=0,04\end{array}\right.$

Đặt u, v là số mol của glyxin và analin

$\left\{\begin{array}{c}\sum {\text{n}}_N=u+v=0,44\\ \sum {\text{n}}_C=2u+3v={\text{n}}_{C{O}_2}+{\text{n}}_{N{a}_{2}C{O}_3}=1,06\end{array}\right.=> \left\{\begin{array}{c}u=0,26\\ v=0,18\end{array}\right.$

$\begin{array}{l}A:{\left(Gly\right)}_p{\left(Ala\right)}_{4-p}:0,06\left(mol\right)\\ B.{\left(Gly\right)}_q{\left(Ala\right)}_{5-q} :0,04\left(mol\right)\end{array}$

$=>n_{Gly­} =0,06p+0,04q=0,26$

=> 3p + 2q = 13

Vì p ≤ 4 và q ≤ 5 => p = 3 và q = 2 thỏa mãn

$=>Blà{\left(Gly\right)}_2{\left(Ala\right)}_3$

$\%m_B =\left[0,04.345\right)/29,4].100\%=46,94\%$gần nhất với 47,50%

Đáp án cần chọn là: D

$n_{N2} =0,11mol=>n_{CONH} =2n_{N2} =0,22mol$

Do peptit được cấu tạo từ Val và Ala nên ta quy đổi hỗn hợp thành:

$CONH\left(0,22\right),C{H}_2 \left(x\right),H_{2}O\left(y\right)(voi{n}_{H2O} =n{ }_{peptit})$

$m\left(g\right) A \left\{\begin{array}{c}CONH:0,22\\ C{H}_2:x\\ H_{2}O:y\end{array}\right.\stackrel{+KOH:0,22}{\to } \left(m+11,42\right)\left(g\right) Muoi \left\{\begin{array}{c}COOK:0,22\\ N{H}_2:0,22\\ C{H}_2:x\end{array}\right.$

$\stackrel{+O_2}{\to }\left\{\begin{array}{c}{\text{K}}_2{\text{CO}}_3:0,11\\ \left.\begin{array}{c}C{O}_2:x+0,11\\ H_{2}O:x+0,22\end{array}\right\}\\ N_2:0,11 \end{array}\right. 50,96\left(\text{g}\right)$   

*Xét phản ứng của A và KOH:

$\begin{array}{l}+m_A =m_{CONH} +m_{CH2 }+m_{H2O} =>0,22.43+14x+18y=m\left(1\right)\\ +m{ }_{muoi }=m_{COOK }+m_{NH2 }+m_{CH2} =>0,22.83+0,22.16+14x=m+11,42\left(2\right)\end{array}$

Lấy (1) - (2) thu được: y = 0,05 => $n_{A }=n_{H2O} =0,05mol$

*Xét phản ứng đốt muối:

BTNT "C" và "H" tính được số mol $C{O}_2 vàH_{2}O$như sơ đồ.

Ta có: $m_{CO2 }+m_{H2O }=50,96=>44\left(x+0,11\right)+18\left(x+0,22\right)=>x=0,68mol$

*Xét muối: $m muối = mCOOK + mNH2 + mCH2 = 0,22.83 + 0,22.16 + 0,68.14 = 31,3 gam$

Giải hệ: $n{ }_{mu�i }=n_{Val-K} +n_{Ala-K} =0,22vàm{ }_{muoi }=155.n_{Val-K} +127.n_{Ala-K} =31,3$

Được $n_{Val-K} =0,12molvàn_{Ala-K} =0,1$

*Xét A: Giả sử A chứa X (u mol) và Y (v mol).

Ta có hệ: $n_{N }=4u+5v=0,22vàu+v=n_A =0,05$

Giải hệ thu được u = 0,03 và v = 0,02

A gồm $Va{l}_{n}Al{a}_{4-n} \left(0,03\right)vàVa{l}_{m}Al{a}_{5-m} \left(0,02\right)\left(n\le 4;m\le 5\right)$

$n_{Ala-K} =0,03n+0,02m=0,12=>3n+2m=1$2 có 2 cặp nghiệm phù hợp là (n = 2; m = 3) và (n=4; m = 0) thỏa mãn

TH1: (n = 2; m = 3) => A chứa V$a{l}_{2}Al{a}_2 \left(0,03\right)vàVa{l}_{3}Al{a}_2 \left(0,02\right)$

$=>\%m_{Y }=45,98\%$

TH2: (n = 4; m = 0) => A chứa $Va{l}_4 \left(0,03\right)vàAl{a}_5 \left(0,02\right)$

$=>\%m_Y =37,53\%$

Xét các đáp án thấy giá trị 45,98% phù hợp

Đáp án cần chọn là: C

$\begin{array}{l}Xlà{\left(N{H}_4\right)}_{2}C{O}_3\\ Ylà H_{2}N–C{H}_2 –CONH–C{H}_{2}COOH\end{array}$

Y + NaOH → khí Z là $N{H}_3:NaOH+{\left(N{H}_4\right)}_{2}C{O}_3 \to N{a}_{2}C{O}_3 +N{H}_3 +H_{2}O$

E +HCl → khí T là $C{O}_2$ và chất hữu cơ Q là $H_{3}NCl–C{H}_2 –COOH$

                                  $\begin{array}{l}N{H}_4{)}_{2}C{O}_{3 }+2HCl\to 2N{H}_{4}Cl+H_{2}O+C{O}_2\\ H_{2}N–C{H}_2 –CONH–C{H}_{2}COOH+2HCl+H_{2}O\to 2H_{3}NCl–C{H}_{2}COOH\end{array}$

→ B sai

Đáp án cần chọn là: B

Y là tripetit, mà Y có 7C nên Y là ${\left(Gly\right)}_2\left(Ala\right)$

Hỗn hợp E phản ứng với NaOH dư thu được 2 khí nên X có CTCT là: $N{H}_4-OOC-COO-N{H}_{3}C{H}_3:x\left(mol\right)$

$N{H}_4-OOC-COO-N{H}_{3}C{H}_3 +2NaOH\to NaOOC-COONa+N{H}_3\uparrow +C{H}_{3}N{H}_2\uparrow +2H_{2}O$

                  x                                                            →   x      →     x                 (mol)

tổng số mol 2 khí = 2x = 0,1 → x = 0,05 (mol)

$\to m_Y =m_E -m_X$ = 27,2 - 0,05.138 = 20,3 (g) → n_Y =   = 0,1 mol

Xét E phản ứng với HCl sau phản ứng thu được:

$N{H}_4-OOC-COO-N{H}_{3}C{H}_3 +HCl\to HOOC-COOH+N{H}_{4}Cl+C{H}_{3}N{H}_{3}Cl$

0,05                                                 → 0,05                              → 0,05         (mol)

${\left(Gly\right)}_2\left(Ala\right)+3HCl+2H_{2}O\to 2GlyHCl+AlaHCl$

0,1                                         → 0,2           → 0,1    (mol)

$\to mchất hữu cơ = mHOOC-COOH + mCH3NH3Cl + mGlyHCl + mAlaHCl$

= 0,05.90 + 0,05.67,5 + 0,2.111,5 + 0,1.125,5

= 42,725 (g)

Đáp án cần chọn là: D

$\left\{\begin{array}{c}X\left(8C\right)\\ Y\left(9C\right)\\ Z\left(11C\right)\\ T:{\text{C}}_n{H}_{2n}{O}_2\end{array}\right.\stackrel{quy đ0i}{\to }\underset{249,56\left(\text{g}\right)}{\underset{}{\left\{\begin{array}{c}C{\text{H}}_2:x\\ CONH:y\\ {\text{H}}_{2}O:z\\ {\text{O}}_2:T\end{array}\right.}}$

$\begin{array}{l}\left|\begin{array}{c}P1\stackrel{+O_2}{\to }\left\{\begin{array}{c}{\text{CO}}_2:a mol\\ {\text{H}}_{2}O:a-0,11 mol\end{array}\right.\\ P2\stackrel{+\text{NaOH}:\left(\text{y}+\text{t}\right)\text{mol}}{\to }{\text{H}}_{2}O:z mol+{\text{C}}_2{H}_{5}OH:t mol+G \left\{\begin{array}{c}{\text{C}}_n{H}_{2n}{O}_{2}NNa\\ {\text{C}}_m{H}_{2m-1}{O}_{2}Na\end{array}\right.\end{array}\right.\\ \text{G }\left\{\begin{array}{c}{\text{C}}_n{H}_{2n}{O}_{2}NNa\\ {\text{C}}_m{H}_{2m-1}{O}_{2}Na\end{array}\right.\stackrel{+O_2: 3,385 mol}{\to }\left\{\begin{array}{c}{\text{Na}}_2{\text{CO}}_3:0,5y+0,5t\\ {\text{CO}}_2:a+0,5y-2,5t\\ {\text{H}}_{2}O:x+y-2,5t\end{array}\right.\end{array}$

P1: $n_{CO2} –n_{H2O} =0,11=>0,5y–z=0,11\left(1\right)$

P2:$n_{NaOH} =y+t=>n_{Na2CO3} =0,5y+0,5t$

BT “C”: $x + y -2t = 0,5y + 0,5t + nCO2$

=> $nCO2 = x + 0,5y – 2,5t$