Đáp án D

Theo tính chất vật lý thì: Phenol ít tan trong nước

Đáp án C

C₄H₁₀O có 4 đồng phân ancol là: CH₃(CH₂)₂CH₂OH ; CH₃CHOHCH₂CH₃ ; (CH₃)₂CHCH₂OH ; (CH₃)₃C-OH

Đáp án D

3 - metylpentan - 2 - ol

 (Chú ý chọn mạch C dài nhất, có chứa nhóm -OH làm mạch chính)

Đáp án B

CH₃CHBr₂ $\stackrel{+\mathrm{NaOH},{\mathrm{t}}^{\mathrm{o}}}{\to }$ CH₃CH(OH)₂ $\stackrel{\mathrm{chuyen}\mathrm{vi}}{\to }$   CH₃CHO

(1,1 - đibrometan)

Đáp án B

Ta thấy:

CH₂Cl - CH₂Cl $\stackrel{+\mathrm{NaOH}}{\to }$ CH₂OH - CH₂OH $\stackrel{+\mathrm{Na}}{\to }$ CH₂ONa - CH₂ONa

CH₂Cl - CH₂Cl $\stackrel{+\mathrm{NaOH}}{\to }$ CH₂OH - CH₂OH $\stackrel{+\mathrm{Cu}{\left(\mathrm{OH}\right)}_2}{\to }$ phức

Đáp án D

Thay thế x nguyên tử H của ankan C_nH_2n+2 bởi nhóm OH

=> Ancol là C_nH_2n+2-x(OH)_x

Loại B vì đề bài không nói là ancol đơn chức.

Đáp án D

Tách nước ancol tạo olein duy nhất thì ancol là bậc I, đơn chức.

Vậy ancol có dạng C_nH_2n+1CH₂OH

Đáp án B

Ancol có dạng C_2nH_5nO_n , mà ta có 2n.2 + 2 ≥ 5n

(với C_xH_y thì y ≤ 2x + 2)

→ n ≤ 2

Vậy  n = 2 thỏa mãn. Ancol  là C₄H₁₀O₂.

Đáp án C

Ancol no, đơn chức : C_nH_2n+2O  

 $\Rightarrow \frac{2\mathrm{n}+2}{14\mathrm{n}+18}.100\%=13,04\%$

→ n = 2.  Ancol là C₂H₆O hay CTCT C₂H₅OH.

Đáp án B

Ancol no, đơn chức có chứa 1 oxi

${\mathrm{M}}_{\mathrm{ancol}}=\frac{16}{50}.100=$ 32.

Vậy ancol là CH₃OH.

Đáp án B

Gọi ancol là C_nH_2n+2O

 $$\begin{gathered} \Rightarrow \frac{12\mathrm{n}}{14\mathrm{n}+18}.100\%=68,18\% \\ \Rightarrow \mathrm{n}=5 \end{gathered}$$

Các đồng phân ancol bậc II là:

CH₃ - CH(OH) - CH₂ - CH₂ - CH₃ ;

CH₃ - CH₂  -CH(OH) - CH₂ -CH₃ ;

(CH₃)₂CH -CH(OH) - CH₃ ; 

Đáp án B

Ancol + Na → chất rắn (có thể gồm cả Na dư) + H₂

Bảo toàn khối lượng :

    m_hidro = m _ancol + m_Na – m _{chất rắn} = 0,3g

$\Rightarrow {\mathrm{n}}_{{\mathrm{H}}_2}=\frac{0,3}{2}=0,15\mathrm{mol}$

 $\Rightarrow \overline{{\mathrm{M}}_{\mathrm{ancol}}}=\frac{15,6}{0,3}=52$

Vậy 2 ancol là C₂H₅OH và C₃H₇OH

Đáp án A

 ${\mathrm{n}}_{{\mathrm{H}}_2}=\frac{\mathrm{PV}}{\mathrm{RT}}=\frac{2.1,68}{0,082.273}$ = 0,15 mol 

 n_ancol  = $2{\mathrm{n}}_{{\mathrm{H}}_2}$ = 0,3 mol  

$\Rightarrow {\mathrm{n}}_{{\mathrm{H}}_2\mathrm{O}}$ (trong phản ứng tạo ete) = 0,15 mol.

 Bảo toàn khối lượng: 

m _Ancol = m _ete + m _nước

= 12,5 + 0,15.18 = 15,2 g

$\Rightarrow {\overline{\mathrm{M}}}_{\mathrm{ancol}}=\frac{15,2}{0,3}=50,67$

Vậy ancol là  C₂H₅OH và C₃H₇OH

Đáp án C

Ta có :

2RCH₂OH + O₂ $\stackrel{\mathrm{xt},{\mathrm{t}}^{\mathrm{o}}}{\to }$  2RCHO + 2H₂O

Bảo toàn khối lượng:

$\begin{array}{l}{\mathrm{m}}_{{\mathrm{O}}_2} =8,4–6=2,4\mathrm{g}\\ \Rightarrow \mathrm{n}{\mathrm{ROH}}_{\mathrm{p}/\mathrm{u}} =2{\mathrm{n}}_{{\mathrm{O}}_{2 }}\\ =2.\frac{2,4}{32}=0,15\mathrm{mol}\end{array}$ 

Vậy  n_{ROH thực tế} > 0,15 mol  

→ M _ROH  <  6/0,15 = 40

Vậy ancol  là  CH₃OH

 n_ancol = 6 : 32 = 0,1875 mol  

 % ancol phản ứng = $\frac{0,15}{0,1875}.100\%$ = 80%

Đáp án D

Gọi CTPT  của X là C_xH_yO_z

Ta có:

x : y : z = $\frac{21}{12}:\frac{2}{1}:\frac{4}{16}=7:8:1$

Vậy X là  C₇H₈O.

Có các đồng phân: 

C₆H₅CH₂OH;

CH₃C₆H₄OH (o- ; m - ; p-);

C₆H₅OCH₃

Đáp án A

Vì NaOH dư nên

CO₂ + 2 NaOH → Na₂CO₃ + H₂O

n_{NaOH p/ứng}  = 2.(0,05 – 0,025 ) = 0,05 mol

$\Rightarrow \mathrm{n}{}_{{\mathrm{CO}}_{2 }}=0,025\mathrm{mol}$ 

Gọi CT chung của 2 ancol là C_nH_2n+2O

 $\Rightarrow \frac{0,53}{14\mathrm{n}+18}.\mathrm{n}=0,025$

→ n = 2,5 

Vậy ancol là C₂H₅OH và C₃H₇OH

Anken là :

CH₂=CH₂ , CH₃CH=CH₂

Đáp án A

n _ancol = 1 + 2 = 3 mol

=> n _{ancol p/ứng}  = 3. 0,8 = 2,4 mol

${\mathrm{n}}_{{\mathrm{H}}_2\mathrm{O}}=\frac{1}{2}.{\mathrm{n}}_{\mathrm{ancol}}=1,2\mathrm{mol}$

$$\begin{gathered} \Rightarrow {\mathrm{m}}_{\mathrm{ete}}={\mathrm{m}}_{\mathrm{ancol}}-{\mathrm{m}}_{{\mathrm{H}}_2\mathrm{O}} \\ =1.0,8.46+2.0,8.60-1,2.18 \\ =111,2\mathrm{g}. \end{gathered}$$

Đáp án C

Áp dụng tăng giảm khối lượng có số mol  H₂O = (15,2 – 12,5)/ 18  =  0,15 mol

→ n _ancol = 2n_nước  = 0,3 mol

 $\overline{{\mathrm{M}}_{\mathrm{ancol}}}=\frac{15,2}{0,3}=50,67$

Vậy ancol là  C₂H₅OH và C₃H₇OH

Đáp án C

n _ancol = = 0,1 mol

m _ancol = m_C + m_H + m_O

= $12.\mathrm{n}{{}_{\mathrm{CO}}}_{2 }+2.{\mathrm{n}}_{{\mathrm{H}}_2\mathrm{O}}+16.\mathrm{n}{ }_{\mathrm{ancol} }$ 

= 3,2 g

m _ete =  m _ancol   -  m_{nước tách ra}

= 3,2 – 18.$\frac{{\mathrm{n}}_{\mathrm{ancol}}}{2}$  

= 2,3 g

Đáp án A

Theo đề bài ta có: V_CO2 : V_H2O = 4 : 5

Với các chất khí ở cùng điều kiện, tỉ lệ về thể tích cũng là tỉ lệ về số mol

Giả sử n_CO2 = 4 mol, n_H2O = 5 mol.

Nhận thấy n_H2O > n_CO2 => Ancol là ancol no, mạch hở

=> n _ancol = n_H2O - n_CO2

= 5 - 4 = 1 mol

=> Số nguyên tử C của ancol là:

C = n_CO2 : n _ancol

= 4 : 1 = 4

Vậy công thức phân tử của ancol là C₄H₁₀O

Đáp án D

PTHH:

A đúng, H₂SO₄ là xúc tác của phản ứng nitro hóa phenol.

B đúng

C đúng vì theo PTHH:

n_HNO3 = 3n_C6H5OH = 0,03 mol

D sai vì

n _{axit picric} = n_C6H5OH = 0,01 mol

=> m_{axit picric} = 0,01.229 = 2,29 gam

* a mol X phản ứng vừa hết với a lít dung dịch NaOH 1M thì X:

+ Có 1 nhóm -OH phenol

+ Hoặc  có 1 nhóm -COOH

+ Hoặc có 1 nhóm este -COO-

=> Loại A, B

* a mol X tác dụng với Na dư thì thu được a mol khí hidro nên X có thể: 

+ Có 2 nhóm -OH

+ Có 2 nhóm -COOH (loại do điều kiện thứ nhất)

+ 1 nhóm -OH và 1 nhóm -COOH

=> Loại C

Vậy X là HOCH₂C₆H₄OH.

Đáp án D

Đáp án D

n_C6H5OH = 9,4 : 94 = 0,1 mol

PTHH:

Đáp án B

- Khi cho hỗn hợp phản ứng với NaOH thì chỉ có phenol phản ứng:

C₆H₅OH + NaOH → C₆H₅ONa + H₂O

Theo PTHH:  

n_phenol = n_NaOH = 0,1 mol

- Khi cho hỗn hợp phản ứng với Na dư:

C₆H₅OH + Na → C₆H₅ONa + 0,5H₂

C₂H₅OH + Na → C₂H₅ONa + 0,5H₂

Vậy n_H2 = 0,5(n_phenol + n_ancol)

=> 0,1 = 0,5(0,1 + n_ancol)

=> n_ancol = 0,1 mol

=>  m = 0,1.94 + 0,1.46 = 14 gam

Đáp án A

Ta có sơ đồ: C₆H₅CH(CH₃)₂ $\to$  C₆H₅OH

Ta thấy:

120 kg cumen điều chế được 94 kg phenol

  1,2 kg        →                         0,94 kg

Do hiệu suất toàn bộ quá trình đạt 80% nên lượng phenol thực tế thu được là:

m_{C6H5OH (TT)} = 0,94.0,8

= 0,752 kg = 752 gam

Đáp án A

n_phenol = 0,1.0,4 = 0,04 mol

PTHH tổng quát khi cho phenol phản ứng với dung dịch kiềm:

C₆H₅OH + MOH → C₆H₅OM + H₂O

 $\Rightarrow {\mathrm{n}}_{{\mathrm{C}}_6{\mathrm{H}}_5\mathrm{OH}}={\mathrm{n}}_{\mathrm{MOH}}={\mathrm{n}}_{{\mathrm{H}}_2\mathrm{O}}=0,04\mathrm{mol}$

Đặt số mol của NaOH và KOH lần lượt là 2x và 3x (mol)

→ 2x + 3x = 0,04 → x = 0,008

=> n­_NaOH = 0,016 mol; n_KOH = 0,024 mol

Bảo toàn khối lượng:

m_phenol + m_NaOH + m_KOH = m_muối + m_nước

=> m = m_muối = m_phenol + m_NaOH + m_KOH – m_H2O 

= 0,04.94 + 0,016.40 + 0,024.56 – 0,04.18 = 5,024 gam

Đáp án B

*Tính khối lượng axit picric thu được:

Theo PTHH:

n _{axit picric}  = n_phenol = 0,1 mol

=> m_{axit picric} = 0,1.229 = 22,9 gam

*Tính nồng độ HNO₃ dư:

m_{HNO3 bđ} = 84.0,6 = 50,4 gam

n_{HNO3 phản ứng}  = 3n_C6H5OH = 0,3 mol

=> m _{HNO3 phản ứng}   = 18,9 gam

m _HNO3 dư = m_{HNO3 ban đầu} - m_{HNO3 phản ứng}   

= 50,4 – 18,9 = 31,5 gam

Khối lượng dung dịch thu được sau phản ứng:

m _{dd sau pư} = m_C6H5OH + m _{dd HNO3} + m _{dd H2SO4} -  m _{axit picric}

= 9,4 + 84 + 116 - 22,9 = 186,5 gam

=>  C% _{HNO3 dư} = (31,5/186,5).100% = 16,89%

Đáp án A

Ta có:

+ Bình 1 hấp thụ nước: m_H2O = m_{bình 1 tăng} = 3,6 gam

=> n_H2O = 0,2 mol

=> n_H = 2n_H2O = 0,4 mol

+ Do Ca(OH)₂ dư nên ta có:

n_CO2 = n_CaCO3 = 0,35 mol

=> n_C = 0,35 mol

+ BTKL:

m_O = m_X – m_C – m_H 

= 5,4 - 0,35.12 - 0,2.2

= 0,8 gam

=> n_O = 0,05 mol

Ta có:

n_C : n_H : n_O 

= 0,35 : 0,4 : 0,05

= 7 : 8 : 1

=> CTPT X: (C₇H₈O)_n

Do M_X < 120

=> 108n < 120 n

→ n < 1,11

=> n = 1

=> CTPT X là: C₇H₈O

X phản ứng với Na sinh ra H₂ nên phân tử của X chứa nhóm -OH. Các CTCT thỏa mãn là:

Đáp án A

n_C6H5OH = n _{axit picric} = 0,05 mol 

> m _{axit picric} = 0,05.229 = 11,45 gam

n_{HNO3 phản ứng} = 3.n_C6H5OH 

= 3.0,05 = 0,15 mol

=> n_{HNO3 đã dùng} = 0,15 + 0,15.0,5 = 0,225 mol

Đáp án C

Đặt công thức phân tử của X là C_nH_2n-6O (n ≥ 7)

C_nH_2n-6O     →     C_nH_2n-9OBr₃

14n + 10 (g)          14n + 247 (g)

   1,22 (g)                    3,59 (g)

=> 1,22(14n + 247) = 3,59(14n + 10)

=> n = 8

Vậy CTPT của X là C₈H₁₀O