$0,2mol \left\{\begin{array}{c}{\text{C}}_{\text{n}}{\text{H}}_{2\text{n}+3}N:x\\ {\text{C}}_2{H}_5{O}_{2}N:y\\ {\text{C}}_6{H}_{14}{O}_2{\text{N}}_2:z\end{array}\right.+1,035mol{O}_2 \to 0,91mol{H}_{2}O+0,81mol$

 $\left\{\begin{array}{c}{\text{CO}}_2:nx+2y+6z \left(BTNT:C\right)\\ {\text{N}}_2:0,5x+0,5y+z \left(BTNT:N\right)\end{array}\right.$

 $\left\{\begin{array}{c}x+y+z=0,2\\ \stackrel{n_{{\text{CO}}_2}+ n_{{\text{N}}_2}}{\to }nx+2y+6z+0,5x+0,5y+z=0,81\\ \stackrel{\text{BTNT}:\text{ O}}{\to }2y+2z+1,035.2=2nx+4y+12z+0,91\\ \stackrel{\text{BTNT}:\text{ H}}{\to }2nx+3x+5y+14z=0,91.2\end{array}\right.$ 

→ $\left\{\begin{array}{c}x+y+z=0,2\\ 0,5x+2,5y+7z+nx=0,81\\ 2y+10z+2nx=1,16\\ 3x+5y+14z+2nx=1,82\end{array}\right.$ 

→ $\left\{\begin{array}{c} x=0,1\\ y=0,04\\ z=0,06\\ n=2,4\to {\text{C}}_2{H}_{7}N\left(\text{a mol}\right);{\text{C}}_3{H}_{9}N\left(\text{b mol}\right)\end{array}\right.$ 

→ $\left\{\begin{array}{c}a+b=0,1\\ 3,5a+4,5b+0,04.2,5+0,06.7={\text{n}}_{H_{2}O}=0,91\end{array}\right.$ → $\left\{\begin{array}{c}a=0,06\\ b=0,04\end{array}\right.$ 

→ % $m_{C_3{H}_{9}N}=\frac{0,04.59}{0,06.45+0,04.75+0,06.146}$ = 14,03%

Đáp án cần chọn là: D

Giả sử X gồm:

$C_n{H}_{2n+1}{O}_{2}N\left(aminoaxit\right):xmol$

$C_m{H}_{2m+3}N\left(amin\right):ymol$

Đốt cháy:

$C_n{H}_{2n+1}{O}_{2}N+\left(1,5n-0,75\right)O_2 \to nC{O}_{2 }+\left(n+0,5\right)H_{2}O+0,5N_2$

x                        1,5nx-0,75x         nx

$C_m{H}_{2m+3}N+\left(1,5m+0,75\right)O_2 \to mCO2+\left(m+1,5\right)H_{2}O+0,5N_2$

y                      1,5my+0,75m         my

$+)n{O}_{2 }=1,5nx–0,75x+1,5my+0,75y=0,57\left(1\right)$

+) nX = x + y = 0,16 (2)

$+)nC{O}_2 =nx+my=0,37\left(3\right)$

Giải (1)(2)(3) => x = 0,07; y = 0,09

$n_{KOH} =n_{aminoaxit} =0,07mol$

Đáp án cần chọn là: B

1 mol amin no, 2 mol amino axit no tác dụng vừa đủ với 4 mol HCl hoặc 4 mol NaOH nên amin có 2 –$N{H}_2$; amino axit có 2 –COOH và 1 –$N{H}_2$

Giả sử trong a gam hỗn hợp X

$\begin{array}{l}A:C_n{H}_{2n+4}{N}_2 \left(amol\right)\\ B:C_m{H}_{2m-1}{O}_{4}N\left(bmol\right)\end{array}$

 $\left\{\begin{array}{c}BTNT N: 2a+b=2{\text{n}}_{N_2}=0,48 mol\\ \frac{\text{a}}{b}=\frac{1}{2}\end{array}\right.\to \left\{\begin{array}{c}a=0,12\\ b=0,24\end{array}\right.$ 

$C_n{H}_{2n+4}{N}_2 + \frac{3\text{n}+2}{2}{O}_2 \stackrel{t°}{\to }nC{O}_2 +\left(n+2\right)H_{2}O+N_2$

0,12          0,12.

$C_m{H}_{2m-1}{O}_{4}N+ \frac{3\text{m}-4,5}{2}{O}_2 \stackrel{t°}{\to }mC{O}_2 +\left(m-0,5\right)H_{2}O+0,5N_2$

0,24             0,24.$\frac{3\text{m}-4,5}{2}$

$=>0,12. \frac{3\text{n}+2}{2}+0,24. \frac{3\text{m}-4,5}{2}=1,74$

=> n + 2m = 12

Ta có:  

$\begin{array}{l}a=0,12\left(14n+32\right)+0,24\left(14m+77\right)\\ =1,68\left(n+2m\right)+22,32=1,68.12+22,32=42,48 g\\ n_{HCl}=2n_A+n_B=0,12.2+0,24=0,48 mol\\ m_{muoi}=a+m_{HCl}=42,48+0,48.36,5=60 g\end{array}$

Đáp án cần chọn là: B

$n_{N2} =0,5n_Z =0,3mol$

Phương pháp đường chéo $\Rightarrow \frac{n_{C{O}_2}}{n_{N_2}} = \frac{17}{3}\Rightarrow n_{C{O}_2}=1,7 mol$

Số C trung bình $= \frac{1,7}{0,6}=2,83$  => 2 amino axit còn lại là Gly và Ala

Giả sử trong Z có: a mol Gly, b mol Ala, c mol Glu

a + b + c = 0,6

$2a+3b+5c=n_{CO2} =1,7$

2,25a + 3,75b + 5,25c = 1,95 $(=n_{O2})$

Giải hệ thu được a = 0,3; b = 0,2; c = 0,1

$\Rightarrow \%m_{Gly} = \frac{0,3.75}{0,3.75+0,2.89+0,1.147}.100\%=40,91\%$

Đáp án cần chọn là: A

Muối Z gồm:

$\begin{array}{l}{C}_3{H}_{6}N{O}_{2}Na:amol\\ C_n{H}_{2n}N{O}_{2}Na:2amol\\ C_m{H}_{2m-1}{O}_{2}Na:bmol\\ n_{NaOH} =3a+b=0,45\left(1\right)\end{array}$

$\to n_{Na2CO3} =0,225molvàn_{O\left(Z\right)} =0,9mol$

Đặt x, y là số mol $C{O}_2,H_{2}O$ thu được khi đốt Z.

44x + 18y = 50,75

BTNT O → 2x + y + 0,225.3 = 0,9 + 1,125.2

=> x = 0,775; y = 0,925

$\begin{array}{l}{n}_{CO2} =3a+2na+mb-0,225=0,775\left(2\right)\\ n_{H2O} =3a+2na+mb-b/2=0,925\left(3\right)\end{array}$

(2) - (3) → b = 0,15

(1) → a = 0,1

Thế a, b vào (2) → 4n + 3m = 14

Do n ≥ 2; m ≥ 1 nên n = m = 2 là nghiệm

Vậy X là Gly và Y là $C{H}_{3}COOH$

Muối nhỏ nhất là CH₃COONa

$m_{CH3COONa} =0,15.82=12,3$

Đáp án cần chọn là: D

Gọi CT chung của X là $H_{2}NR\left(COO{R}_2\right)\left(COO{R}_1\right)$

$H_{2}NR\left(COO{R}_2\right)\left(COO{R}_1\right)\to H_{2}NR{\left(COONa\right)}_2$

=> Khối lượng tăng: 23.2 - $R_1 -R_2 >0=>R_1 +R_2 <46$

$=>R_1 =15(-C{H}_3);R_2 =29(-C_2{H}_5)$

$1mol{H}_{2}N{C}_3{H}_5\left(COOC{H}_3\right)\left(COO{C}_2{H}_5\right)\to 1mol{H}_{2}N{C}_3{H}_5{\left(COONa\right)}_2$ thì khối lượng tăng 2 gam

Thực tế khối lượng tăng 1 gam => $n_{H_{2}N{C}_3{H}_5\left(COOC{H}_3\right)\left(COO{C}_2{H}_5\right)}$ = 0,5 mol

M = 0,5.189 = 94,5 gam

Đáp án cần chọn là: C

$H_{2}S{O}_4$ hấp thụ $H_{2}O$ => $n_{H_{2}O}= 0,82 mol$

Các chất trong X đều có 1N => $n_{N_2}=0,5 =0,1 mol=>n_{C{O}_2} =n_Y -n_{H_{2}O} -n_{N_2} =0,66 mol$

Số $C= n_{C{O}_2}:n_{X }=3,3$

Số $H = \frac{2.n_{H_{2}O}}{{\text{n}}_X} =8,2$

Số O = x => số liên kết pi = k = 0,5x

=> Số H = 2C + 2 + N – 2O/2 = 3,3.2 + 2 + 1 – 2x/2 = 8,2

=> x = 1,4

Vậy X là $C_{3,3}{H}_{8,2}{O}_{1,4}N$

=> 0,2 mol X có $m_X =16,84gam$

Xét 29,47 gam X $(n_X =1,75.0,2=0,35mol)$

 Với $n_{HCl} =n_X =0,35mol$

=> $m_{muoi} =42,245gam$

Đáp án cần chọn là: C

E + NaOH → 2 khí có cùng số mol

=> E gồm :

$\begin{array}{l}X:N{H}_{4}OOC–C_3{H}_6–COON{H}_4\\ Y:C{H}_{3}N{H}_3–HC{O}_3\end{array}$

Do 2 khí có cùng số mol nên đặt $n_X =a=>n_Y =2a$

=> $n_{khí} =2.a+2a=4amol=0,4=>a=0,1mol$

=> Z chứa 0,1 mol $C_3{H}_6{\left(COONa\right)}_2;0,2molN{a}_{2}C{O}_3$ và 0,1 mol NaOH dư

=> m = 42,8 gam

Đáp án cần chọn là: C

Đặt số mol của $C_m{H}_{2m+4}{O}_4{N}_2:a(mol$) ; số mol của $C_n{H}_{2n+3}{O}_{2}N:b\left(mol\right)$

$C_m{H}_{2m+4}{O}_4{N}_2 +\left(1,5m-1\right)O_2 \to mC{O}_2 +\left(m+2\right)H_{2}O+N_2$

a                    → (1,5m-1)a                 →  (m+2)a               mol

$C_n{H}_{2n+3}{O}_{2}N+\left(1,5n-0,25\right)O_2 \to nC{O}_2 +\left(n+1,5\right)H_{2}O+N_2$

b                 → (1,5n-0,25)b                → (n+1,5)b             mol

Ta có hệ 3 phương trình:

$\begin{array}{l}\left\{\begin{array}{c}{\text{n}}_E=a+b=0,1\\ n_{O_2}=\left(1,5m-1\right)a+\left(1,5n-0,25\right)b=0,26\\ n_{H_{2}O}=\left(m+2\right)a+\left(n+1,5\right)b=0,4\end{array}\right.\\ \Rightarrow \left\{\begin{array}{c}a+b=0,1\\ 1,5\left(ma+nb\right)-\left(a+0,25b\right)=0,26\\ ma+nb=0,4-2a-1,5b\end{array}\right.\\ \Rightarrow \left\{\begin{array}{c}a+b=0,14\\ a+2,5b=0,34\\ ma+nb=0,4-2a-1,5b\end{array}\right.\\ \Rightarrow \left\{\begin{array}{c}a=0,06\\ b=0,04\\ 3m+2n=11\end{array}\right.\end{array}$

Do m ≥ 2 và n ≥ 1 nên m = 3 và n = 1 là nghiệm duy nhất thỏa mãn

=> CTPT X: $C_3{H}_{10}{O}_4{N}_2$ và CTPT của Y: $C{H}_5{O}_{2}N$

E + NaOH → 2 chất khí đều làm xanh quỳ tím ẩm

=> CTCT của X: $N{H}_{3}C{H}_{3}COO-COON{H}_4 ;CTCTcuaY:HCOON{H}_4$

=> 2 khí làm xanh quỳ tím ẩm là $N{H}_3 vàC{H}_{3}N{H}_3$

Muối thu được gồm: ${\left(COONa\right)}_2$: 0,06 mol và HCOONa: 0,04 (mol)

=> a = 0,06.134 + 0,04.68=10,76 (g)

Đáp án cần chọn là: D

$M{ }_{amin }=16,9.2=33,8$=> 2 amin là $C{H}_{3}N{H}_2 \left(amol\right)vàC_2{H}_{5}N{H}_2 \left(bmol\right)$

$=>YlàC{H}_{3}N{H}_{3}OOC-COON{H}_{3}COO{C}_2{H}_5$

=> a : b = 11,2 : 2,8 = 4 : 1

$n_{CH3NH2 }>n_{C2H5NH2}$ => X tác dụng với KOH cũng sinh ra $C{H}_{3}N{H}_2$

T gồm 2 muối khan có cùng số nguyên tử cacbon trong phân tử (trong đó có 1 muối của axit cacboxylic và 1 muối của α-amino axit) => Các muối đều có chứa 2C

=> Muối gồm: ${\left(COOK\right)}_2 vàH_{2}N-C{H}_2-COOK$

Suy ra X có cấu tạo là: $C_2{H}_{5}OOC-COON{H}_3-C{H}_{2}COON{H}_{3}C{H}_3 hoacC{H}_{3}N{H}_{3}OOC-COON{H}_3-C{H}_2-COO{C}_2{H}_5$

Giả sử:$n_{CH3NH2 }=4mol=>n_{C2H5NH2} =1mol$

$n_Y =n_{C2H5NH2} =1mol$

$n_X =n_{CH3NH2} -n_Y =4-1=3mol$

Vậy muối gồm: ${\left(COOK\right)}_2 \left(3+1=4mol\right)vàH_{2}N-C{H}_2-COOK\left(3mol\right)$

=> $\%m_{Gly-K }=3.113/\left(4.166+3.113\right).100\%=33,79\%$ gần nhất với giá trị 33,8%

Đáp án cần chọn là: D

$\begin{array}{l}{m}_O =0,4m=>n_O =0,4m:16=0,025m\left(mol\right)\\ =>n_{COOH} =n_O:2=0,0125m\left(mol\right)\end{array}$

$n_{OH} =n_{COOH} =n_{H2O} =0,0125m\left(mol\right)$

Mà $n_{NaOH}:n_{KOH} = \frac{0,02{\text{m}}_{dd}}{40} : \frac{0,028{\text{m}}_{dd}}{56}=1:1=>n_{NaOH} =m_{KOH} =0,00625mmol$

BTKL: $m_X +m_{NaOH} +m_{KOH} =m{ }_{muoi }+m_{H2O}$

=> m + 0,00625m.40 + 0,00625m.56 = 8,8 + 18.0,0125m

=> m = 6,4 gam

Đáp án cần chọn là: A

X: $C_n{H}_{2n+3}N \stackrel{+O_2}{\to } \left(n+1,5\right)H_{2}O+nC{O}_2 +0,5N_2$

Y$:C_m{H}_{2m+1}N{O}_2 \stackrel{+O_2}{\to } \left(m+0,5\right)H_{2}O+mC{O}_2 +0,5N_2$

$\to n_{X }= n_{H_{2}O}- n_{C{O}_2} +n_{N_2} =0,175-0,145=0,03\left(mol\right)$

$\to n_{Y }=n_{HCl }-n_X =0,05-0,03=0,02\left(mol\right)$

$\begin{array}{l}{n}_{H_{2}O} =0,03\left(n+1,5\right)+0,02\left(m+0,5\right) =0,175\\ \to 3n+2m=12\left(n⩾1;m⩾2\right)\\ \to \left\{\begin{array}{c}n=2\\ m=3\end{array}\right.\to \left\{\begin{array}{c}{C}_2{H}_{7}N:0,03\\ Ala:0,02\end{array}\right.\end{array}$

A. m = 0,03.45 + 0,02.89 = 3,13 (g) => Đúng

B. Phân tử khối của Y là 89 => Sai

$C.\%m_Y = \frac{0,02.89}{3,13}.100\%=56,87\%=>Đúng$

$D.\%m_{N\left(X\right)} =\frac{14}{45} .100\%=31,11\%=>Đúng$

Đáp án cần chọn là: B

$n_{CO2} =0,16molvàn_{H2O} =0,28mol$

$cóM+O_2$ với M là $C_n{H}_{2n}{O}_2 vàC_m{H}_{2m+3}Nthì$

$\begin{array}{l}{C}_n{H}_{2n}{O}_2 \to nC{O}_2 +n{H}_{2}O \\ C_m{H}_{2m+3}N\to mC{O}_2 + \frac{2\text{m}+3}{2}{H}_{2}O\end{array}$

$\to n_{H2O} –n_{CO2} =0,12= n_{C_m{H}_{2m+3}N}. 3/2 \to n_{C_m{H}_{2m+3}N}=0,08\to m<0,16/0,08=2$

→ X là $C{H}_{3}N{H}_2 \to M_X =31$

Đáp án cần chọn là: A

Alanin: $C{H}_3-CH\left(N{H}_2\right)-COOH\leftrightarrow {\left(C{H}_2\right)}_2\left(COO\right)\left(N{H}_3\right)$

Axit glutamic: $HOOC-C{H}_2-C{H}_2-CH\left(N{H}_2\right)-COOH\leftrightarrow {\left(COO\right)}_2{\left(C{H}_2\right)}_3\left(N{H}_3\right)$

Axit acrylic: $C{H}_2=CH-COOH\leftrightarrow {\left(C{H}_2\right)}_2\left(COO\right)$

Propen: $C_3{H}_6 \leftrightarrow {\left(C{H}_2\right)}_3$

Trimetylamin: ${\left(C{H}_3\right)}_{3}N\leftrightarrow {\left(C{H}_2\right)}_3\left(N{H}_3\right)$

Vậy quy đổi hỗn hợp X, Y thành $C{H}_2 \left(xmol\right),COO\left(ymol\right),N{H}_3 (voi{n}_{NH3} =2n_{N2} =0,2mol)$

$\left\{\begin{array}{c}{\text{CH}}_2:x\\ COO:y\\ {\text{NH}}_3:0,2\end{array}\right. +O_2:1,14\to \left\{\begin{array}{c}{\text{CO}}_2:0,91 \\ \stackrel{\text{BT}:\text{ H}}{\to }{\text{H}}_{2}O:x+0,3 \\ {\text{N}}_2:0,1 \end{array}\right.$

BTNT "C": $n_{CH2} +n_{COO} =n_{CO2} =>x+y=0,91\left(1\right)$

BTNT "O": $2n_{COO} +2n_{O2} =2n_{CO2} +n_{H2O} =>2y+1,14.2=0,91.2+x+0,3\left(2\right)$

Giải hệ được x = 0,66 và y = 0,25

Khi cho a mol X tác dụng với KOH thì: $n_{KOH} =n_{COO} =0,25mol=>m_{KOH} =0,25.56=14gam$

Đáp án cần chọn là: D

- Do sau phản ứng thu được 2 amin no kế tiếp trong dãy đồng đẳng nên suy ra cấu tạo của Y là:

$C{H}_{3}N{H}_{3}OOC-COON{H}_3{C}_2{H}_5 \left(0,15mol\right)$

- Các muối có cùng số nguyên tử C (2C) và 1 ancol nên cấu tạo của X là:

$C{H}_{3}COO{H}_{3}N-C{H}_2-COOC{H}_3 \left(0,1mol\right)$

=> Muối G gồm có:

$\begin{array}{l}{\left(COOK\right)}_2 \left(0,15mol\right)\\ C{H}_{3}COOK\left(0,1mol\right)\\ H_{2}N-C{H}_2-COOK\left(0,1mol\right)\end{array}$

$\begin{array}{l}=>m{ }_{muoi} =0,15.166+0,1.98+0,1.113=46gam\\ =>\%m_{\left(COOK\right)2 }=0,15.166/46.100\%=54,13\%\end{array}$

Đáp án cần chọn là: B